1、1乐陵一中动量动量定理一、单选题（本大题共5小题，共30分）1. 水平面上有质量相等的a、b两个物体，水平推力F1、F2分别作用在a、b上一段时间后撤去推力，物体继续运动一段距离后停下两物体的v-t图线如图所示，图中ABCD则整个过程中（）A. F1的冲量等于F2的冲量B. F1的冲量大于F2的冲量C. 摩擦力对a物体的冲量等于摩擦力对b物体的冲量D. 合外力对a物体的冲量等于合外力对b物体的冲量（2018物理备课组整理）D（备课组长指导）解：C、由图，AB与CD平行，说明推力撤去后两物体的加速度相同，而撤去推力后物体的合力等于摩擦力，根据牛顿第二定律可知，两物体受到的摩擦力大小相等但a的运动
2、总时间小于b的时间，根据I=ft可知，摩擦力对a物体的冲量小于摩擦力对b物体的冲量，故C错误A、B根据动量定理，对整个过程研究得F1t1-ftOB=0，F2t2-ftOD=0由图看出，tOBtOD，则有F1t1F2t2，即F1的冲量小于F2的冲量故AB错误D、根据动量定理可知，合外力的冲量等于物体动量的变化量，ab两个物体动量的变化量都为零，所以相等，故D正确；故选：D由速度图象分析可知，水平推力撤去后，AB与CD平行，说明加速度相同，动摩擦因数相同，两物体的质量相等，说明摩擦力大小相等根据动量定理，研究整个过程，确定两个推力的冲量关系本题首先考查读图能力，其次考查动量定理应用时，选择研究过程
3、的能力中等难度2. 如图所示，在水平光滑桌面上有两辆静止的小车A和B将两车用细线拴在一起，中间有一被压缩的弹簧烧断细线后至弹簧恢复原长的过程中，两辆小车的（）A. A、B动量变化量相同B. A、B动能变化量相同C. 弹簧弹力对A、B做功相同D. 弹簧弹力对A、B冲量大小相同（2018物理备课组整理）D（备课组长指导）解：A、烧断细线后至弹簧恢复原长前的某一时刻，两辆小车受弹簧的作用力，大小相等，方向相反，根据动量定理，A、B动量变化量大小相等，方向相反，故A错误；B、两个小车的动量相等，根据，动能增加量是否相同取决于两小车质量是否相同，故B错误；C、弹簧弹力对A、B做功等于A、B动能的增加量，
4、A、B动能增加量不一定相同，故弹簧弹力对A、B做功不一定相同，故C错误；D、两辆小车受弹簧的作用力，大小相等，方向相反，作用时间也相同，故弹簧弹力对A、B冲量大小相同，方向相反，故D正确；故选：D在水平光滑桌面上有两辆静止的小车A和B，烧断细线后至弹簧恢复原长前的某一时刻，系统水平方向无外力作用，只有弹簧的弹力（内力），故动量守恒；根据动量定理确定动量的变化量情况；根据确定动能情况本题主要考查了动量守恒的条件，知道系统所受合外力为零时，系统动量守恒；会结合动量定理、动能定理、牛顿第三定律判断，基础题目3. 下列说法正确的是（）A. 速度大的物体，它的动量一定也大B. 动量大的物体，它的速度一定
5、也大C. 只要物体的运动速度大小不变，则物体的动量也保持不变D. 物体的动量变化越大则该物体的速度变化一定越大（2018物理备课组整理）D（备课组长指导）【分析】本题考察了动量以及动量定理等知识。解决本题的关键是要明确动量的定义，同时要明确动量是矢量，方向与速度相同，注意动量的矢量性，矢量发生变化时可以是矢量的大小发生变化也可以是量的方向发生变化。【解答】A.动量P=mv，速度大的物体，它的动量不一定大，故A错误；B.物体的动量P=mv，动量大的物体，它的速度不一定大，故B错误；C.动量等于质量与速度的乘积，物体运动的速度大小不变，物体的动量大小保持不变，但速度方向可能改变，动量方向可能改变，
6、动量大小不变而方向改变，动量变了，故C错误；D.根据P=mv，对同一物体而言，可知动量变化越大则该物体的速度变化越大，故D正确；故选：D。4. 关于物体的动量，下列说法中正确的是（）A. 物体的动量越大，其惯性也越大B. 物体的速度方向改变，其动量一定改变C. 物体的动量改变，其动能一定改变D. 运动物体在任一时刻的动量方向一定是该时刻的加速度方向（2018物理备课组整理）B（备课组长指导）解：A、动量大小等于质量乘以速度，而惯性大小的唯一量度是质量，故A错误；B、动量的方向与速度的方向相同，物体的速度方向改变，其动量一定改变，故B正确；C、动量是矢量，既有大小，又有方向；物体的动量改变，可能
7、是方向变化，其动能不一定改变，故C错误；D、动量也是矢量，它的方向与速度的方向相同，故D错误故选：B惯性大小的量度是质量；动量（国际单位制中的单位为kgm/s）表示为物体的质量和速度的乘积，是与物体的质量和速度相关的物理量，指的是这个物体在它运动方向上保持运动的趋势动量也是矢量，它的方向与速度的方向相同动量实际上是牛顿第一定律的一个推论本题关键是考查了动量的定义，要知道动量的大小P=mv，还要知道其方向与速度方向相同，动量是描述物体运动的最基本的物理量之一5. 在光滑的水平面上有静止的物体A和B物体A的质量是B的2倍，两物体中间用细绳束缚的处于压缩状态的轻质弹簧相连。当把细绳剪断，弹簧在恢复原
8、长的过程中（）A. A的速率是B的2倍B. A的动量大小大于B的动量大小C. A受的力大于B受的力D. A、B组成的系统的总动量为零（2018物理备课组整理）D（备课组长指导）解：A、B、D、弹簧在恢复原长的过程中，两滑块系统动量守恒，规定向左为正方向，故：m1v1+m2（-v2）=0 由于物体A的质量是B的2倍，故A的速率是B的倍，A的动量大小等于B的动量大小；故A错误，B错误，D正确；C、根据牛顿第三定律，A受的力等于B受的力，故C错误；故选：D。两个滑块和弹簧系统受外力的矢量和为零，系统动量守恒，根据动量守恒定律分析即可。本题是动量定理的直接应用，要比较物理量之间的比例关系，就要把这个量
9、用已知量表示出来再进行比较。二、多选题（本大题共4小题，共24分）6. 在光滑的水平桌面上有等大的质量分别为M=0.6kg，m=0.2kg的两个小球，中间夹着一个被压缩的具有Ep=10.8J弹性势能的轻弹簧（弹簧与两球不相连），原来处于静止状态现突然释放弹簧，球m脱离弹簧后滑向与水平面相切、半径为R=0.425m的竖直放置的光滑半圆形轨道，如图所示g取10m/s2则下列说法正确的是（）A. 球m从轨道底端A运动到顶端B的过程中所受合外力冲量大小为3.4NsB. M离开轻弹簧时获得的速度为9m/sC. 若半圆轨道半径可调，则球m从B点飞出后落在水平桌面上的水平距离随轨道半径的增大而减小D. 弹簧
10、弹开过程，弹力对m的冲量大小为1.8Ns（2018物理备课组整理）AD（备课组长指导）解：释放弹簧过程中系统动量守恒、机械能守恒，以向右为正方向，由动量守恒得：mv1-Mv2=0，由机械能守恒得：mv12+Mv22=EP ，代入数据解得：v1=9m/s，v2=3m/s；m从A到B过程中，由机械能守恒定律得：mv12=mv12+mg2R，解得：v1=8m/s；A、以向右为正方向，由动量定理得，球m从轨道底端A运动到顶端B的过程中所受合外力冲量大小为：I=p=mv1-mv1=0.2（-8）-0.29=-3.4Ns，则合力冲量大小为：3.4Ns，故A正确；B、M离开轻弹簧时获得的速度为3m/s，故B
11、错误；C、设圆轨道半径为r时，飞出B后水平位移最大，由A到B机械能守恒定律得：mv12=mv12+mg2r，在最高点，由牛顿第二定律得：mg+N=m，m从B点飞出，需要满足：N0，飞出后，小球做平抛运动：2r=gt2，x=v1t，当8.1-4r=4r时，即r=1.0125m时，x为最大，球m从B点飞出后落在水平桌面上的水平距离随轨道半径的增大先增大后减小，故C错误；D、由动量定理得，弹簧弹开过程，弹力对m的冲量大小为：I=p=mv1=0.29=1.8Ns，故D正确；故选：AD弹簧弹开小球过程系统动量守恒、机械能守恒，由动量守恒定律与机械能守恒定律求出两球的速度；小球离开圆形轨道后做平抛运动，应
12、用动量定理与平抛运动规律分析答题本题考查了求冲量、速度等问题，分析清楚物体运动过程，应用动量守恒定律、机械能守恒定律、动量定理、平抛运动规律即可正确解题7. 关于冲量和动量，下列说法中正确的是（）A. 冲量是反映力的作用时间积累效果的物理量B. 动量是描述物体运动状态的物理量C. 动量是物体冲量变化的原因D. 某一物体的动量发生了变化，一定是物体运动速度的大小发生了变化E. 某一物体的动量发生了变化，可能是物体运动速度的方向发生了变化（2018物理备课组整理）ABE（备课组长指导）解：A、冲量是反映力在作用时间内积累效果的物理量，等于力与时间的乘积，即I=Ft，故A正确；B、动量是描述物体运动
13、状态的物理量，等于质量与速度的乘积，即P=mv，故B正确；C、力是改变速度的原因，故冲量是物体动量变化的原因，故C错误；DE、动量是矢量，某一物体的动量发生了变化，可能是物体运动速度的大小发生了变化，也可能是物体运动速度的方向发生了变化，故D错误，E正确；故选：ABE 根据动量定理可知，合外力的冲量等于物体动量的变化量，据此逐项分析即可求解本题考查对冲量、动量、动量的增量三个物理量的理解，抓住三个量都是矢量，从定义、定理理解记忆8. 如图所示，ABCD是固定在地面上、由同种金属细杆制成的正方形框架，框架任意两条边的连接处平滑，A、B、C、D四点在同一竖直面内，BC、CD边与水平面的夹角分别为、
14、（），让套在金属杆上的小环从A点无初速释放若小环从A经B滑到C点，摩擦力对小环做功为W1，重力的冲量为I1；若小环从A经D滑到C点，摩擦力对小环做功为W2，重力的冲量为I2，则（）A. W1W2B. W1=W2C. I1I2D. I1=I2（2018物理备课组整理）BC（备课组长指导）解：AB、小环从A经B滑到C点，摩擦力对小环做功：W1=mgcossAB+mgcossBC，小环从A经D滑到C点，摩擦力对小环做功：W2=mgcossAD+mgcossDC，又因为sAB=sBC=sAD=sDC，所以摩擦力对小环做功：W1=W2，故A错误，B正确；CD、根据动能定理可知，mgh-Wf=m，因为两次
15、重力做功和摩擦力做功都相等，所以两次小环到达C点的速度大小相等，小环从A经B滑到C点，根据牛顿第二定律可得，小环从A到B的加速度：aAB=gsin-gcos，小环从B到C的加速度：aBC=gsin-gcos，同理，小环从A到D的加速度：aAD=gsin-gcos，小环从D到C的加速度：aDC=gsin-gcos，又因为，所以aAB=aDCaBC=aAD，其速度时间图象如图所示： 由图象可知，t1t2，由I=mgt得，则重力的冲量：I1I2，故C正确，D错误故选：BC（1）根据功的计算公式求出摩擦力对小环做功，再进行比较即可得出答案；（2）先根据动能定理判断两次小环到达C点的速度大小相等，然后利
16、用牛顿第二定律得出每一段滑行时的加速度，画出速度时间图象可得出小环两次滑行的时间大小关系，最后根据I=Ft即可比较重力的冲量本题考查功的计算、牛顿第二定律及冲量的计算等知识，难点是比较两次小环滑行的时间，根据加速度的关系利用速度图象进行比较时间相对来说简单些，有一定的难度9. 对于任何一个质量不变的物体，下列说法中正确的是（）A. 物体的动量发生变化，其速率一定变化B. 物体的动量发生变化，其速率不一定变化C. 物体的速率发生变化，其动量一定变化D. 物体的速率发生变化，其动量不一定变化（2018物理备课组整理）BC（备课组长指导）解：AB、物体的动量发生变化，说明速度变化，可能是速度的大小，
17、也可能只是方向，也可能大小和方向都变，故不能确定速率一定变，故A错误，B正确CD、速率变化，说明速度大小一定变了，故动量一定变，故C正确，D错误故选：BC质量不变的物体，其动量与速度成正比，但是动量是矢量，有大小，有方向；速率是标量，只有大小，没有方向本题重点搞清楚矢量和标量的区别，知道动量是标量，与速度大小和方向有关；而速率是标量，只与速度大小有关三、填空题（本大题共1小题，共5分）10. 水平面上质量为m的滑块A以速度v碰撞质量为的静止滑块B，碰撞后AB的速度方向相同，它们的总动量为_；如果滑块B获得的初速为v0，碰撞后滑块A的速度为_（2018物理备课组整理）mv；v-（备课组长指导）解
18、：由动量守恒定律得，碰撞后总动量不变，即P=mv，由动量守恒定律可列：mv= 解得v=v- 故答案分别为：mv，v-此题中由于碰撞过程中内力远大于外力，所以满足动量守恒的条件，可由动量守恒定律解得此题主要考查了利用动量守恒定律解决一维碰撞问题四、实验题探究题（本大题共2小题，共25分）11. 近期，一种名为口袋弹弓的玩具开始流行。这种玩具由一个类似气球的橡胶“袋”和一个塑料圆环组成。但这不是普通玩具，拉动橡胶部分，就可以弹射钢球和弓箭，具有一定的“杀伤力”。某探究小组在口袋弹弓内投放质量为8.8g的小钢珠对其“杀伤力”进行了测试：（不考虑空气阻力）测试一：测试钢珠的最大速度。选择无人的沙滩进行
19、测试，将射袋拉伸到最大长度，将钢珠从1.25m高处水平射出，测得落地点与出射点的水平距离为20.0m。则钢珠射出的最大初速度值为_；（取g=10m/s2）测试二：将一个玻璃瓶放在水平面上，在距离3m远处用射袋将钢珠以最大速度水平射出，钢珠瞬间击碎玻璃瓶并竖直下落。已知钢珠与玻璃的碰撞时间为0.001s。则钢珠对玻璃瓶的平均作用力约为_；测试三：取三个未开封的易拉罐雪碧并列固定在水平面上，在距离3m远处用射袋将钢珠以最大速度水平射出，钢珠恰好击穿三个易拉罐，则钢珠击穿第二个易拉罐后的速率与击穿第一个易拉罐后的速率之比约为_。（设阻力恒定）（2018物理备课组整理）40m/s；352N；（备课组长
20、指导）解：（1）钢珠做平抛运动，依据平抛运动规律：，得：t=0.5s，v0=40m/s；（2）以初速度方向为正方向，根据动量定理可知：-Ft=-mv0，得：F=352N；（3）逆向观察钢珠可知，钢珠可视为初速度为零的匀加速直线运动；根据动能定理可得：fx=mv2解得。故答案为：40m/s，352N，（1）钢珠做平抛运动，根据平抛运动的基本规律可求得水平速度；（2）根据动量定理即可求得冲击力的大小；（3）逆向分析钢珠的运动，根据动能定理即可直接得出速度和飞行距离间的关系，从而求出速度之比。本题利用生活中的现象考查了动量定理、动能定理以及平抛运动，要注意掌握这种应用物理规律解决生活实际的问题。12
21、. （1）质量为0.2kg的小球竖直向下以6ms的速度落至水平地面，再以4ms的速度反向弹回，取竖直向上为正方向，则小球与地面碰撞前后的动量变化为_kgms若小球与地面的作用时间为0.1s，则小球收到地面的平均作用力大小为_N（取g10ms2）（2）如图所示，是某同学在“验证力的平行四边形定则”的实验中，根据实验数据按照一定的标度画出的力的图示F1、F2、F中不是由弹簧测力计测得的力是_（填字母）在该实验中需要记录和观察的是_A记录F1、F2的大小和方向B记录F1、F2的夹角C观察F1、F2的大小是否在误差允许范围内相同D观察F、F的大小和方向是否在误差允许范围内相同（3）要测量一未知电阻Rx
22、的阻值，实验室提供的器材如下：A待测电阻RxB电源E：电动势约为3VC电流表A1：量程为05mA，内阻r1不超过10D电流表A2：量程为01mA，内阻r2为50E滑动变阻器R：最大阻值为50F电阻箱R：阻值09999.9G开关、导线若干由于没有电压表，甲同学利用电流表A2和电阻箱改装了一个03V的电压表（表盘刻度未改），则电流表A2应与电阻箱_（填“串联”或“并联”），电阻箱的阻值为_该同学利用电流表内接法和电流表外接法分别测量Rx两端的电压和通过的电流，读出两表的数据记录如下： 接法一接法二123123A1：I1mA1.502.002.501.502.002.50A2：I2mA0.500.6
23、70.840.430.570.71请你根据测量结果判断法二是电流表_（填“内”或“外”）接法用表示A2改装后的电压表，在测量Rx的以下实验电路中误差较小的是_为测量电阻Rx，乙同学设计了如下电路，他确定：只要保持滑动变阻器的画片P位置固定，无论怎样调节电阻箱，分压电路的输出电压变化都很小这是因为待测电阻Rx_滑动变阻器R（填“远大于”、“远小于”或“大致等于”）他的操作步骤如下：A将滑动变阻器的滑片P放在最左端，闭合开关S；B将电阻箱的阻值调节到零，调节滑动变阻器，使电流表A2的指针达到满偏；C保持滑动变阻器的滑片不动，调节电阻箱，使电流表的指针达到半偏；D读出电阻箱的示数，记为R0；E断开开
24、关，整理器材请你根据已知量与测量量，写出待测电阻Rx的表达式_该测量值与真实值相比_（填“偏大”或“偏小”）（2018物理备课组整理）（1）2 22 （2）F AD（3）串联2950 外B 远大于R0-r2偏大（备课组长指导）（1）【分析】 取竖直向下方向为正方向，分别表示出碰地前后小球的动量，小球动量的变化量等于末动量与初动量的差；代入动量定理的公式可以直接计算出小球受到地面的平均作用力大小。此题中动量是矢量，要规定正方向，用带正负呈的数值表示动量动量变化量也是矢量，同样要注意方向。【解答】取竖直向下方向为正方向，则小球与地面碰撞过程中动量的变化为：p=-mv2-mv1=-0.2（6+4）k
25、gm/s=-2kgm/s，负号表示方向竖直向上代入动量定理的公式，得（F-mg）t=P，代入数据求得：F=22N.故答案为：2 22（2）【分析】本题涉及实验原理：合力与分力产生相同的形变效果，测量出分力与合力的大小和方向，用同样的标度作出这些力的图示，寻找规律。本题涉及实验的设计原理，还涉及到合力与分力的概念，合力与分力产生相同的形变效果，是等效替代的关系。【解答】合力F与分力F1、F2产生相同的形变效果，用力的图示法表示出这些力后，用力的平行四边形定则作出合力F，与将F与F相比较，即可以验证力的平行四边形定则；故答案为：F AD。（3）【分析】电流表改装为电压表串联电阻起分压作用，根据欧姆
26、定律求出串联的电阻大小根据两种电路比较，测量数据的相同点，根据欧姆定律进行分析通过待测电阻的大小确定电流表的内外接，通过滑动变阻器的总阻值大小确定滑动变阻器的分压接法还是限流接法通过半偏法的原理得出待测电阻的大小，以及知道误差的来源，得出测量值和真实值的关系。解决本题的关键知道实验的原理，以及误差的来源，会进行误差分析知道电流表内外接和滑动变阻器分压式接法、限流式接法的区别。【解答】电流表改装为电压表，需串联电阻起分压作用，根据欧姆定律得，电阻箱的电阻当电流表外接时，通过电流表A2的电流，当电流表内接时，通过表达式可知，当A1示数相等时，当电流表采用外接法是，通过电流表A2电流较小所以接法二是
27、电流表的外接法改装后的电压表内阻为3000，电流表A1的内阻小于10，待测电阻RX大约为，属于大电阻，所以采用电流表内接法无法较小因为滑动变阻器总阻值较小，若采用滑动变阻器限流式接法，电流、电压变化较小，测量误差较大，所以滑动变阻器采用分压式接法故选B无论怎样调节电阻箱，分压电路的输出电压变化都很小这是因为待测电阻远大于滑动变阻器阻值本实验采用半偏法测量待测电阻的阻值，知半偏时，有：RX+R0+r2=2（RX+r2），解得RX=R0-r2将电流表内阻等效到待测电阻中去，运用半偏法测量，测量支路电压不变，实际上总电阻增大，导致测量支路电压增大，电阻箱两端的电压大于待测电阻的电压，则测量值大于真实
28、值故答案为：串联2950 外B 远大于R0-r2偏大五、计算题（本大题共4小题，共48分）13. 蹦床是运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳、翻滚并做各种空中动作的运动项目一个质量为60kg的运动员，从离水平网面3.2m高处自由下落，着网后沿竖直方向蹦回离水平网面5.0m高处已知运动员与网接触的时间为1.2s若把在这段时间内网对运动员的作用力当作恒力处理，求此力的大小（g取10m/s2）（2018物理备课组整理）解：设运动员从h1处下落，刚触网的速度为=8m/s（方向向下），运动员反弹到达高度h2，离网时速度为：=10m/s（方向向上）在接触网的过程中，运动员受到向上的弹力F和向下的重力mg，设向上
29、方向为正，由动量定理有（F-mg）t=mv2-（-mv1） F=1.5103N答：网对运动员的平均作用力1.5103N（备课组长指导）运动员先做自由落体运动，根据机械能守恒定律求速度；对运动员受力分析，然后根据动量定理列式求解本题关键是对运动员的各个运动情况分析清楚，然后结合机械能守恒定律、运动学公式、动量定理列式后联立求解14. 质量m=0.60kg的篮球从距地板H=0.80m高处由静止释放，与水平地板撞击后反弹上升的最大高度h=0.45m，从释放到弹跳至h高处经历的时间t=1.1s，忽略空气阻力，重力加速度g=10m/s2，求：（1）篮球与地板撞击过程中损失的机械能；（2）篮球对地板的平均
30、撞击力（2018物理备课组整理）解：（1）篮球与地板撞击过程中损失的机械能为：E=mgH-mgh=0.610（0.8-0.45）J=2.1J （2）设篮球从H高处下落到地板所用时间为t1，刚接触地板时的速度为v1；反弹离地时的速度为v2，上升的时间为t2，由动能定理和运动学公式下落过程：mgH=，解得：v1=4m/s， 上升过程：-mgh=0-，解得：v2=3m/s， 篮球与地板接触时间为t=t-t1-t2=0.4s 设地板对篮球的平均撞击力为F，由动量定理得：（F-mg）t=mv2+mv1 解得：F=16.5N 根据牛顿第三定律，篮球对地板的平均撞击力F=F=16.5N，方向向下答：（1）篮
31、球与地板撞击过程中损失的机械能为2.1J（2）篮球对地板的平均撞击力为16.5N，方向向下（备课组长指导）（1）篮球与地板撞击过程中损失的机械能等于初始时刻机械能减去末时刻机械能，初末位置物体动能为零，只有势能；（2）分别根据自由落体运动求出篮球与地面碰撞前后的速度，再求出下落和上升的时间，根据总时间求出球与地面接触的时间，根据动量定律即可求解本题主要考查了自由落体运动的基本规律，在与地面接触的过程中，合外力对物体的冲量等于物体动量的变化量，难度适中15. 如图所示，质量m=2kg的滑块（可视为质点），以v0=5m/s的水平初速度滑上静止在光滑水平面的平板小车，若平板小车质量M=3kg，长L=
32、4.8m滑块在平板小车上滑移1.5s后相对小车静止求： i滑块与平板小车之间的滑动摩擦系数；ii若要滑块不滑离小车，滑块的初速度不能超过多少（g取10m/s2）（2018物理备课组整理）解：i设m滑上平板小车与平板小车相对静止时速度为v，以向右为正方向，据动量守恒定律得：mv0=（M+m）v，对m，由动量定理得：-mgt=mv-mv0，代入数据解得：=0.2 ii设当滑块刚滑到平板小车的右端时，两者恰有共同速度，对M、m组成的系统，由能量守恒定律得：mgL=mv02-（M+m）v2，代入数据解得：；答：i滑块与平板小车之间的动摩擦因数为0.2；ii若要滑块不滑离小车，滑块的初速度不能超过（备课
33、组长指导）i以滑块与小车组成的系统为研究对象，系统所受合外力为零，由动量守恒定律可以求出它们共同运动时的速度，对滑块由动量定理可以求出动摩擦因数ii根据能量守恒定律求出滑块的最大初速度本题考查了动能定理、动量定理、动量守恒定律的应用，关键是体会根据运动情况能选取对应的运动规律16. 如图所示，光滑的金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨足够长，电阻不计，两轨间距为L，其左端连接一阻值为R的电阻。导轨处在竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B，一质量为m的金属棒，放置在导轨上，其电阻为r，某时刻一水平力F垂直作用在金属棒中点，金属棒从静止开始做匀加速直线运动，已知加速度大小为a，金属棒始终与导轨接触
34、良好。（1）从力F作用开始计时，请推导F与时间t关系式；（2）F作用时间t0后撤去，求金属棒能继续滑行的距离S。（2018物理备课组整理）解：（1）设t时刻，电路中电流为I，对金属棒由：F-BIL=ma根据闭合电路欧姆定律可得BLv=I（R+r）金属棒速度v=at联立解得（2）撤去F瞬间，金属棒速度v0=at0在t时间内，取金属棒速度方向为正方向。由动量定理-ILBt=mv两边求和BLv=I（R+r）联立可得即答：（1）从力F作用开始计时，请推导F与时间t关系式为；（2）F作用时间t0后撤去，求金属棒能继续滑行的距离为。（备课组长指导）（1）根据E=BLv、I=、F安=BIL得到安培力与速度的
35、关系式。速度与时间的关系是v=at再由牛顿第二定律推导F与t的关系即可；（2）先求出撤去F时棒的速度。撤去外力后，根据动量定理得到速度变化量，再求和可求解。解决本题的关键：一、要熟练推导出安培力与速度的关系式。二、能运用微元法求解变减速运动的位移，其切入点是动量定理的运用。也可用牛顿第二定律和加速度的定义式。2018年普通高等学校招生全国统一考试语文注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.
36、考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、现代文阅读。（36分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下面的文字，完成1-3题。诸子之学，兴起于先秦，当时一大批富有创见的思想家喷涌而出，蔚为思想史之奇观，在狭义上，诸子之学与先秦时代相联系；在广义上，诸子之学则不限于先秦而绵延于此后中国思想发展的整个过程，这一过程至今仍没有终结。诸子之学的内在品格是历史的承继性以及思想的创造性和突破性。“新子学”，即新时代的诸子之学，也应有同样的品格。这可以从“照着讲”和“接着讲”两个方面来理解。一般而言，“照着讲”，主要是从历史角度对以往经典作具体的实证性研究，诸如训话、校勘、文献编纂，等等。这方面的
37、研究涉及对以往思想的回顾、反思，即应把握历史上的思想家实际说了些什么，也应总结其中具有创造性和生命力内容，从而为今天的思想提供重要的思想资源。与“照着讲”相关的是“接着讲”，从思想的发展与诸子之学的关联看，“接着讲”接近诸子之学所具有的思想突破性的内在品格，它意味着延续诸子注重思想创造的传统，以近代以来中西思想的互动为背景，“接着讲”无法回避中西思想之间的关系。在中西之学已相遇的背景下，“接着讲”同时展开为中西之学的交融，从更深的层次看，这种交融具体展开为世界文化的建构与发展过程，中国思想传统与西方的思想传统都构成了世界文化的重要资源。而世界文化的发展，则以二者的互动为其重要前提。这一意义上的
38、“新子学”，同时表现为世界文化发展过程中创造性的思想系统。相对于传统的诸子之学，“新子学”无疑获得了新的内涵与新的形态。“照着讲”与“接着讲”二者无法分离。从逻辑上说，任何新思想的形成，都不能从“无”开始，它总是基于既有思想演进过程，并需要对既有思想范围进行反思批判。“照着讲”的意义，在于梳理以往的发展过程，打开前人思想的丰富内容，由此为后继的思想提供理论之源。在此意义上，“照着讲”是“接着讲”的出发点。然而，仅仅停留在“照着讲”，思想便容易止于过去，难以继续前行，可能无助于思想的创新。就此而言，在“照着讲”之后，需要继之以“接着讲”。“接着讲”的基本精神，是突破以往思想或推进以往思想，而新的
39、思想系统的形式，则是其逻辑结果。进而言之，从现实的过程看，“照着讲”与“接着讲”总是相互渗入：“照着讲”包含对以往思想的逻辑重构与理论阐释，这种重构与阐释已内含“接着讲”；“接着讲”基于已有的思想发展，也相应地内含“照着讲”，“新子学”应追求“照着讲”与“接着讲”的统一。（摘编自杨国美历史视域中的诸子学）1、下列关于原文内容的理解和分析，不正确的一项是（3分）A、广义上的诸子之学始于先秦，贯穿此后中国思想史，也是当代思想的组成部分。B、“照着讲”主要指对经典的整理实证性研究，并发掘历史上思想家的思想内涵。C、“接着讲”主要指封建诸子注重思想创造的传统，在新条件下形成创造性的思想。D、不同于以往
40、诸子之学，“新子学受西方思想影响，脱离了既有思想演进的过程。2、下列对原文论证的相关分析，不正确的一项是（3分）A、文章采用了对比的论证手法，以突出“新子学与历史上诸子之学的差异。B、文章指出理解“新子学”的品格可以从两方面入手，并就二者的关系进行论证。C、文章以中西思想交融互动为前提，论证“新子学”“接着讲”的必要和可能。D、文章论证“照着讲”、“接着讲”无法分离，是按从逻辑到现实的顺序推进的。3、根据原文内容，下列说法正确的一项是（3分）A、对经典进行文本校勘和文献编篡与进一阐发之间，在历史上是互相隔膜的。B、面对中西思想的交融与互动，“新子学”应该同时致力于中国和世界文化的建构。C、“照
41、着讲”内含“接着讲”，虽然能发扬以往的思想，但无助于促进新思想生成。D、“新子学”要参与世界文化的发展，就有必要从“照着讲”逐渐过渡到“接着讲”。（二）文学类文本阅读，（本题共3小题，15分）阅读下面的文字，完成46题。 赵一曼女士 阿成伪满时期的哈尔滨市立医院，如今仍是医院。后来得知赵一曼女士曾在这里住过院，我便翻阅了她的一些资料。赵一曼女士，是一个略显瘦秀且成熟的女性，在她身上弥漫拔俗的文人气质和职业军人的冷峻。在任何地方，你都能看出她有别于他人的风度。赵一曼女士率领的抗联活动在小兴安岭的崇山峻岭中，那儿能够听到来自坡镇的钟声，冬夜里，钟声会传得很远很远。钟声里，抗联的兵士在森林里烤火，烤
42、野味儿，或者唱着“火烤胸前暖，风吹背后寒战士们哟”这些都给躺在病床上的赵一曼女士留下清晰回忆。赵一曼女士单独一间病房，由警察昼夜看守。白色的小柜上有一个玻璃花瓶，里面插着丁香花，赵一曼女士喜欢丁香花。这束丁香花，是女护士韩勇义折来摆放在那里的。听说，丁香花现在已经成为这座城市的“市花”了。她是在山区中了日军的子弹后被捕的。滨江省警务厅的大野泰治对赵一曼女士进行了严刑拷问，始终没有得到有价值的回答，他觉得很没面子。大野泰治在向上司呈送的审讯报告上写道：赵一曼是中国共产党珠河县委委员，在该党工作上有与赵尚志同等的权力。她是北满共产党的重要干部，通过对此人的严厉审讯，有可能澄清中共与苏联的关系。19
43、36年初，赵一曼女士以假名“王氏”被送到医院监禁治疗。滨江省警务厅关于赵一曼的情况扼要地介绍了赵一曼女士从市立医院逃走和被害的情况。赵一曼女士是在6月28日逃走的，夜里，看守董宪勋在他叔叔的协助下，将赵一曼抬出医院的后门。一辆雇好的出租车已等在那里。几个人上了车，车立刻就开走了。出租车开到文庙屠宰场的后面，韩勇义早就等候在那里、扶着赵一曼女士上了雇好的轿子，大家立刻向宾县方向逃去。赵一曼女士住院期间，发现警士董宪勋似乎可以争取。经过一段时间的观察、分析，她觉得有把握去试一试。她躺在病床上，和蔼地问董警士：“董先生，目前您一个月的薪俸是多少？”董警士显得有些忸怩，“十多块钱吧”赵一曼女士遗憾地笑
44、了，说：“真没有想到，薪俸会这样少。”董警士更加忸怩了。赵一曼女士神情端庄地说：“七尺男儿，为着区区十几块钱，甘为日本人役使，不是太愚蠢了吗？”董警士无法再正视这位成熟女性的眼睛了，只是哆哆嗦嗦给自己点了一颗烟。此后，赵一曼女士经常与董警士聊抗联的战斗和生活，聊小兴安岭的风光，飞鸟走兽。她用通俗的、有吸引力的小说体记述日军侵略东北的罪行，写在包药的纸上。董警士对这些纸片很有兴趣，以为这是赵一曼女士记述的一些资料，并不知道是专门写给他看的。看了这些记述，董警士非常向往“山区生活”，愿意救赵一曼女士出去，和她一道上山。赵一曼女士对董警士的争取，共用了20天时间。对女护士韩勇义，赵一曼女士采取的则是
45、“女人对女人”的攻心术。 半年多的相处，使韩勇义对赵一曼女士十分信赖。她讲述了自己幼年丧母、恋爱不幸、工作受欺负，等等。赵一曼女士向她讲述自己和其他女战士在抗日队伍中的生活，有趣的、欢乐的生活，语调是申请的、甜蜜的。韩护士真诚地问：“如果中国实现了共产主义，我应当是什么样的地位呢？”赵一曼女士说：“你到了山区，一切都能明白了。”南岗警察署在赵一曼女士逃走后，马上开车去追。追到阿什河以东20多公里的地方，发现了赵一曼、韩勇义、董宪勋及他的叔父，将他们逮捕。赵一曼女士淡淡的笑了。 赵一曼女士你们在珠河县被日本宪兵枪杀的。那个地方我去过，有一座纪念碑。环境十分幽静，周围种植着一些松树。我去的时候，在那里遇到一位年迈的老人。他指着石碑说，赵一曼？我说，对，赵一曼。赵一曼被枪杀前，写了一份遗书： 宁儿： 母亲对于你没有能尽到教育的责任，实在是遗憾的事情。 母亲因为坚决地做反满抗日的斗争，今天已经到了牺牲的前夕了。 母亲和你在生前是永久没有再见的机会了，希望你，宁儿啊！赶快成人，来安慰你地下的母亲！我最亲爱的孩子啊！母亲不用千言万语来教育你，就用实行来教育你。在你长大成人之后，希望不要忘记你的母亲是
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