2018年高考模拟理综物理选编功和功率-解析版.doc
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1、1乐陵一中运动的基本概念一、单选题(本大题共5小题,共30分)1. 如图甲,水平地面上有一静止平板车,车上放一物块,物块与平板车的动摩擦因数为0.2,t=0时,车开始沿水平面做直线运动,其v-t图象如图乙所示,g取10m/s2,若平板车足够长,关于物块的运动,以下描述正确的是()A. 0-6s加速,加速度大小为2m/s2,6-12s减速,加速度大小为2m/s2B. 0-8s加速,加速度大小为2m/s2,8-12s减速,加速度大小为4m/s2C. 0-8s加速,加速度大小为2m/s2,8-16s减速,加速度大小为2m/s2D. 0-12s加速,加速度大小为1.5m/s2,12-16s减速,加速度
2、大小为4m/s2(2018物理教研组整理)C(理综思路指导教师:smile)解:根据速度与时间的图象的斜率表示加速度,则有车先以4m/s2的加速度匀加速直线运动,后以-4m/s2的加速度匀减速直线运动,根据物体与车的动摩擦因数可知,物体与车的滑动摩擦力产生的加速度为2m/s2,因此当车的速度大于物体的速度时,物体受到滑动摩擦动力,相反则受到滑动摩擦阻力根据受力分析,结合牛顿第二定律,则有:当0-8s时,车的速度大于物体,因此物体受到滑动摩擦动力,则其加速度为2m/s2,同理,可得:当,当8-16s时,车的速度小于物体,因此物体受到滑动摩擦阻力,则其加速度为2m/s2,故C正确,ABD错误;故选
3、:C根据速度与时间的图象,结合图象的信息:斜率大小表示加速度的大小,倾斜方向与加速度方向有关根据车的运动情况,从而可确定物相对车加速还是减速,结合牛顿第二定律,即可求解考查物体与车的相对运动情况,从而根据运动情况来确定受力情况,并掌握牛顿第二定律的应用,注意分清研究对象,同时掌握读取图象信息的能力2. 短跑运动员在100m竞赛中,测得5s末的速度是8m/s,10s末到达终点时的速度是10.6m/s则运动员在全程的平均速度是()A. 9m/sB. 9.3m/sC. 10m/sD. 10.6m/s(2018物理教研组整理)C(理综思路指导教师:smile)解:由题意可知,运动员的位移为100m;总
4、时间为10s,则平均速度:v=故选:C由题意可知运动员的位移与所用时间,则由平均速度公式可求得平均速度本题考查平均速度的计算,一定要牢记平均速度等于总位移与总时间的比值,基础问题3. 加速度用来描述()A. 物体运动的快慢B. 物体速度的增加C. 物体速度的改变D. 物体速度改变的快慢(2018物理教研组整理)D(理综思路指导教师:smile)解:A、加速度是反映速度变化快慢的物理量,不是表示运动快慢的物理量,故AC错误,D正确B、加速度等于单位时间内的速度变化量,不等于速度的增加量,故B错误故选:D加速度等于单位时间内速度的变化量,反映速度变化快慢的物理量解决本题的关键知道加速度的物理意义,
5、知道加速度是反映速度变化快慢的物理量,与速度的大小、速度变化量的大小无关4. 下列各组物理量中均为矢量的是()A. 路程和位移B. 速度和加速度C. 力和功D. 电场强度和电势(2018物理教研组整理)B(理综思路指导教师:smile)解:A、路程只有大小、没有方向,是标量,故A错误;B、速度和加速度都是既有大小又有方向的矢量;故者是矢量,故B正确;C、功只有大小没有方和,故为标量,故C错误;D、电势只有大小没有方向,故为标量,故D错误故选:B既有大小又有方向,运算时遵循平行四边形定则的物理量是矢量,如力、速度、加速度、位移等都是矢量;只有大小,没有方向的物理量是标量,如路程、时间、质量等都是
6、标量本题考查对矢量和标量的认识,主要就是看学生对矢量和标量的掌握要注意矢量的运算符合平行四边形法则,而标量符合代数运算,要特别注意电势、重力势能等有大小和正负,但其正负不表示方向5. 关于物体运动的速度和加速度的关系,下列说法正确的是()A. 加速度就是增加的速度B. 速度越大,加速度也越大C. 速度变化越快,加速度一定越大D. 加速度的方向保持不变,速度方向也一定保持不变(2018物理教研组整理)C(理综思路指导教师:smile)解:A、加速度大小等于单位时间内速度的变化量,不是增加的速度,故A错误;B速度大,加速度不一定大比如比较大的速度做匀速直线运动,速度虽然很大,但加速度很小,为0,故
7、B错误;C加速度是反映速度变化快慢的物理量加速度大,速度变化快,故C正确;D加速度的方向不变,速度的方向可能改变,比如平抛匀速运动,加速度方向不变,速度方向时刻改变,故D错误故选:C加速度等于单位时间内的速度变化量,反映速度变化快慢的物理量,加速度的方向与速度变化量的方向相同,与速度方向无关解决本题的关键知道加速度的物理意义,知道加速度的大小与速度大小、速度变化量的大小无关二、多选题(本大题共4小题,共24分全部选对得6分,选对当不全的得3分,有选错的得0分。)6. 如图所示,2011年2月20日,新一代高速动车组和时速400公里高速综合检测列车在京沪高铁上海段“试跑”,于2011年6月正式通
8、车高速动车组1min内,时速由“0”瞬间飙升至“130公里”,驶出1km,下列说法正确的是()A. 1min末的速度约为36.1m/sB. 1min末的速度约为72.2m/sC. 1min内的平均速度约为16.67m/sD. 1min内的平均速度约为63.1m/s(2018物理教研组整理)AC(理综思路指导教师:smile)解:高速动车组1 min内,时速由“0”瞬间飙升至“130公里”,即1 min末的速度v=130 km/h=36.1 m/s,故A正确,B错误;C、1min内的平均速度=m /s=16.67 m/s,故C正确,D错误;故选:AC由题意可知动车在1min时的速度,此速度即为瞬
9、时速度;根据平均速度的定义式可求得对应的平均速度本题考查平均速度和瞬时速度,要注意明确平均速度等于位移与时间的比值;在计算中注意单位的换算7. 如图所示为甲、乙两质点做直线运动时,通过打点计时器记录的两条纸带,两纸带上各计数点间的时间间隔都相同关于两质点的运动情况的描述,正确的是()A. 两质点在t0t4时间内的平均速度相同B. 两质点在t2时刻的速度大小相等C. 两质点速度相等的时刻在t3t4之间D. 两质点不一定是从同一地点出发的,但在t0时刻甲的速度为0(2018物理教研组整理)ABD(理综思路指导教师:smile)解:A、两质点在t0t4时间内,通过的位移相等,经历的时间相等,故平均速
10、度相等,故A正确;B、甲图做匀加速直线运动,t2时刻的速度等于t1到t3时刻的平均速度即甲= 乙图做匀速运动,t2时刻的速度即为整个过程的平均速度即乙=,故B正确;C、由B可知,C错误;D、从纸带不能判断出质点出发点的位置,则两质点不一定是从同一地点出发的,在甲图中,相邻相等时间内位移之比满足1:3:5,满足初速度为零的匀加速直线运动的推论,故t0时刻速度为零,故D正确;故选:ABD (1)平均速度等于位移与时间的比值;(2)甲图做匀加速直线运动,t2时刻的速度等于t1到t3时刻的平均速度,而乙图做匀速运动,t2时刻的速度即为整个过程的平均速度;(3)在甲图中,相邻相等时间内位移之比满足1:3
11、:5,故t0时刻速度为零;本题考查了打点计时器的原理,要知道打点计时器的振针每1秒钟内上下振动共50次,每打两个点之间的时间间隔相同8. 四个质量相同的物体a、b、c、d,a做匀速直线运动、b做匀速圆周运动,c做匀减速直线运动,d做平抛运动,其中()A. 速度保持不变的仅是物体aB. 加速度保持不变的仅是物体bC. 动能保持不变的仅是物体a、bD. 动量保持不变的仅是物体b、c、d(2018物理教研组整理)AC(理综思路指导教师:smile)解:匀速直线运动速度大小和方向均不变,而匀速圆周运动的速度的大小不变、而方向始终改变,减速运动的速度大小减小,平抛运动的加速度均保持不变速度大小和方向均改
12、变A、根据以上分析,故A正确B、加速度保持不变的仅是物体d,故B错误C、同理分析,动能保持不变的仅是物体a、b,故C正确D、动量保持不变的仅是物体a,故D错误故选:AC 解决本题的关键是掌握加速度的概念,速度变化匀速直线运动速度大小和方向不变,而匀速圆周运动加速度的方向始终改变,减速运动的速度大小,平抛运动的加速度均保持不变速度大小和方向均改变,速度大小不变动能不变由于速度是矢量,所以速度不变既包括大小不变,也包括方向不变而匀速圆周运动的加速度的大小不变但由于方向指向圆心,即方向随时变化,故匀速圆周运动是变加速曲线运动9. 从地面上抛一物体A,同时在离地面某一高度处有一物体B自由下落,两物体在
13、空中相遇时速率均为v,则下列说法中正确的是()A. 物体A与B在空中运动时间相等B. A上抛时的初速度与B落地时的速度大小相等且均为2vC. A上升的最大高度与B开始下落时的高度相同D. 两物体相遇处是物体B开始下落时高度的中点(2018物理教研组整理)BC(理综思路指导教师:smile)解:A、根据竖直上抛运动的对称性可知,B自由落下到地面的速度为2v,在空中运动时间为tB= A竖直上抛物体在空中运动时间tA=2故A错误B、设两物体从下落到相遇的时间为t,则对于自由下落物体有:gt=v;竖直上抛物体的初速度为v0,则由题v=v0-gt解得v0=2v,故B正确C、物体A能上升的最大高度,B开始
14、下落的高度hB=,显然两者相等故C正确D、B下落的时间为t=,下落的高度为h=则知不是B物体开始下落时高度的中点故D错误故选:BC 竖直上抛运动看成向上的加速度为-g的匀减速直线运动处理,根据两物体在空中同时到达同一高度求出运动经过的时间,由运动学公式和竖直上抛运动的对称性分析求解本题涉及两个物体运动的问题,关键要分析两物体运动的关系,也可以根据竖直上抛运动的对称性理解三、填空题(本大题共1小题,共5分)10. 如图所示,物体从光滑斜面上的A点由静止开始下滑,经过B点后进入水平面(设经过B点前后速度大小不变),最后停在C点,每隔0.2秒钟通过速度传感器测量物体的瞬时速度,如表给出了部分测量数据
15、,物体与水平面的动摩擦因数是_ ;从A运动到C的过程中平均速率为_ m/s(重力加速度g=10m/s2)t(s)0.00.20.41.21.4v(m/s)0.01.02.01.10.7(2018物理教研组整理)0.2;1.25(理综思路指导教师:smile)解:由表格中第4、5两组数据可知,物体在水平面上匀减速运动的加速度大小为= 由牛顿第二定律得mg=ma2,代入数据得=0.2由表格中前三列数据可知,物体在斜面上匀加速下滑时的加速度为=m/s2=5m/s2 研究物体由t=0到t=1.2s过程,设物体在斜面上运动的时间为t,则有vB=a1t,v1.2=vB-a2(1.2-t)代入得v1.2=a
16、1t-a2(1.2-t)解得t=0.5s,vB=2.5m/s 根据斜面上匀加速运动的末速度等于水平面匀减速运动的初速度,则全过程的平均速度:m/s 故答案为:0.2,1.25 求出物体在水平面运动的速度和时间,求出加速度,再由牛顿第二定律求出动摩擦因数;同理求出斜面上的加速度;再研究物体由t=0到t=1.2s过程,根据斜面上匀加速运动的末速度等于水平面匀减速运动的初速度,由运动学的公式求出最大速度;由匀变速直线运动的平均速度的公式即可求出平均速度本题由表格的形式反映物体的运动情况,运用运动学的基本公式求解加速度要抓住物体在斜面上和水平面上运动之间速度关系,研究物体在斜面上运动的时间四、计算题(
17、本大题共4小题,共48分)11. 游船从某码头沿直线行驶到湖对岸,小明对过程进行观测,记录数据如表:运动过程运动时间运动状态匀加速运动040s初速度v0=0,末速度v=4.2m/s匀速运动40s640sv=4.2m/s匀减速运动640s720s靠岸时的速度v1=0.2m/s( 1)求游船匀加速运动过程中加速度大小a1及位移大小x1;(2)若游船和游客的总质量M=8000kg,求游船匀减速运动过程中所受的合力大小F;(3)求游船在整个行驶过程中的平均速度大小(2018物理教研组整理)解:(1)游船匀加速运动过程中加速度大小a1=0.105m/s2位移大小x1=40m=84m(2)游船匀减速运动过
18、程中加速度大小a2=0.05m/s2根据牛顿第二定律得F=Ma2=80000.05N=400N(3)游船在整个行驶过程中的总位移x=x1+vt2+=84+4.2600+=2780m游船在整个行驶过程中的平均速度大小=3.86m/s答:(1)游船匀加速运动过程中加速度大小a1是0.105m/s2位移大小x1是84m(2)游船匀减速运动过程中所受的合力大小F是400N;(3)游船在整个行驶过程中的平均速度大小是3.86m/s(理综思路指导教师:smile)(1)根据加速度的定义式a=求游船匀加速运动过程中加速度根据位移等于平均速度乘以时间求位移(2)同理,由加速度的定义式a=求游船匀减速运动过程中
19、加速度大小,再根据牛顿第二定律求合力大小F(3)运用位移公式求出游船在整个行驶过程中的总位移,再由位移与时间之比求平均速度大小理清游船的运动情况,运用运动学公式和牛顿第二定律解决动力学问题也可以画出v-t图象来分析游船的运动情况12. 一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶,其运动过程的v-t图象如图所示求:(1)摩托车在020s这段时间的加速度大小a;(2)摩托车在075s这段时间的平均速度大小(2018物理教研组整理)解:(1)摩托车在020s这段时间的加速度a=1.5m/s2(2)摩托车在075s这段时间的位移x=30m=1500m平均速度大小=20m/s答:(1)摩托车在020s这段时间
20、的加速度大小a是1.5m/s2;(2)摩托车在075s这段时间的平均速度大小是20m/s(理综思路指导教师:smile)(1)v-t图象的斜率等于加速度,由加速度的定义求解(2)由图象与时间轴所围的面积表示位移,求得位移,再求平均速度大小解决本题的关键要抓住速度图象的两个物理意义:斜率等于加速度,图象与时间轴所围的面积表示位移13. 经检测汽车A的制动性能:以标准速度20m/s在平直公路上行使时,制动后40s停下来现A在平直公路上以20m/s的速度行使发现前方180m处有一货车B以6m/s的速度同向匀速行使,司机立即制动,能否发生撞车事故?(2018物理教研组整理)解:汽车A以v0=20m/s
21、的初速做匀减速直线运动经40s停下来据加速度公式可求出a=-0.5m/s2当A车减为与B车同速时,据=2as可求出A车减为与B车同速时的位移为s1=364m 此过程通过的时间为t=28s 此时间内B车的位移为s2=v2t=628m=168m 因为s=s1-s2=364m-168m=196m180m 所以两车相撞答:通过计算得到两车能发生撞车事故(理综思路指导教师:smile)根据汽车A以标准速度行驶时制动的时间,由加速度公式求出汽车的加速度当A在平直公路上以20m/s的速度行使时,A制动到速度与货车B的速度相同时,若A能超过B车则相撞,否则不能相撞根据位移速度公式求出,两车速度相同时通过的位移
22、,再判断两车能否相撞本题是运动学中临界问题,两车恰好相撞的临界条件是速度相等,后车追上前车14. 如图所示,质量M=2.0kg的木板静止在光滑水平桌面上,木板上放有一质量m=1.0kg的小铁块(可视为质点),它离木板左端的距离为L=0.5m,铁块与木板间的动摩擦因数为=0.2现用一水平向右的恒力F作用在木板上,使木板和铁块由静止开始运动,设木板与铁块间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,g取10m/s2 则(1)若要使铁块不从木板上滑出,求恒力的最大值F1;(2)若将木板从铁块下抽出历时1s,求拉力F2的大小;(3)在题(2)中,求木板从铁块下抽出过程中摩擦力分别对铁块和木板做的功(2018物理教研
23、组整理)解:(1)设小铁块相当于木板运动时的加速度为,由牛顿第二定律定律可知:,所以对整体有:,所以。()设木板的加速度为a,由题意可知,由牛顿第二定律定律可知;,而带入数据得:F。()铁块的位移:木板的位移:所以摩擦力对铁块所做的功:摩擦力对木板所做的功:(理综思路指导教师:smile)本题考查了牛顿第二定律、加速度及恒力做功(1)由牛顿第二定律小铁块相对木板运动的加速度大小,这是两者一起运动的最大加速度;(2)根据位移和时间的关系,求出抽出木板过程,木块的加速度,进而求;(3)根据恒力做功的公式求摩擦力所做的功。2018年普通高等学校招生全国统一考试语文注意事项:1.答卷前,考生务必将自己
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