1、、B错误；C、当B受到的合力为零时，B的速度最大，由kx=F电+2mgsin解得x=，故C正确；D、绳子拉力对A做正功，A和弹簧组成的系统机械能是增大的，故D错误；故选：AC在撤去外力前后对B物体受力分析，求的电场力，由牛顿第二定律求的加速度，当B受到的合力为零时，速度最大，根据机械能守恒定律的守恒条件判断物体A和弹簧组成的系统机械能是否守恒本题综合考查了共点力平衡、牛顿第二定律、胡克定律、电场力做功与电势能的关系，以及运动学公式，综合性较强，弄清楚受力情况和运动情况是关键8. 如图甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1、m2的两物块A、B相连接，并静止在光滑水平面上现使B获得水平向右、大小为
2、6m/s的瞬时速度，从此刻开始计时，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，从图象提供的信息可得（）A. 在t1，t2时刻两物块达到共同速度2m/s，且弹簧都处于伸长状态B. 从t3到t4时刻间弹簧由压缩状态恢复到原长C. 两物体的质量之比为m1：m2=2：1D. 在t2时刻，A、B两物块的动能之比为Ek1：Ek2=4：1【答案】BC【解析】解：A、从图象可以看出，从0到t1的过程中弹簧被压缩，t1时刻两物块达到共同速度2m/s，此时弹簧处于伸长状态，由图示图象可知，t2时刻两物体的速度大小不相等，且方向相反，则速度不同，故A错误；B、由图示图象可知，从t3到t4时间内A做减速运动，B做加速运
3、动，弹簧由压缩状态恢复到原长，故B正确；C、由图示图象可知，t1时刻两物体相同，都是2m/s，A、B系统动量守恒，以B的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m2v1=（m1+m2）v2 ，即m26=（m1+m2）2，解得：m1：m2=2：1，故C正确；D、由图示图象可知，在t2时刻，A、B两物块的速度分别为：4m/s、-2m/s，两物体的动能之比为Ek1：Ek2=m1vA2：m2vB2=2m242：m2（-2）2=8：1，故D错误；故选：BC两个滑块与弹簧系统机械能守恒、动量守恒，结合图象可以判断它们的能量转化情况和运动情况本题考查了动量守恒定律的应用，分析清楚图示图象、分析清楚物体的运动过
4、程是解题的前提与关键，应用动量守恒定律与动能计算公式可以解题9. 如图1，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，刚接触轻弹簧的瞬间速度是5m/s，接触弹簧后小球速度v和弹簧缩短的长度x之间关系如图2所示，其中A为曲线的最高点已知该小球重为2N，弹簧在受到撞击至压缩到最短的过程中始终发生弹性形变在小球向下压缩弹簧的全过程中，下列说法正确的是（）A. 小球的动能先变大后变小B. 小球速度最大时受到的弹力为2NC. 小球的机械能先增大后减小D. 小球受到的最大弹力为12.2N【答案】ABD【解析】解：A、由图可知，小球的速度先增加后减小，故小球的动能先增大后减小，故A正确；B、小球下落时，当重力与弹簧
5、弹力平衡时小球的速度最大，则有小球受到的弹力大小与小球的重力大小平衡，故此时小球受到的弹力为2N，故B正确；C、在小球下落过程中至弹簧压缩最短时，只有重力和弹簧弹力做功，故小球与弹簧组成的系统机械能守恒，在压缩弹簧的过程中弹簧的弹性势能增加，故小球的机械能减小，故C错误；D、小球速度最大时，小球的弹力为2N，此时小球的形变量为0.1m，故可得弹簧的劲度系数k=20N/m，故弹簧弹力最大时形变量最大，根据胡克定律知，小球受到的最大弹力为Fmax=kxmax=200.61=12.2N，故D正确故选：ABD 小球的速度先增加后减小，故其动能先增大后减小，在整个过程中只有重力和弹簧弹力对小球做功，故小
6、球与弹簧组成的系统机械能守恒，在压缩弹簧的过程中弹簧的弹性势能增加故小球的机械能减小，小球速度最大时弹力大小与小球的重力平衡，根据胡克定律求弹簧压缩时产生的最大弹力本题考查机械能守恒定律以及学生对图象的认知能力，知道小球落在弹簧上后先做加速运动达到最大速度后再做减速运动，这是解决问题的根本，能根据速度最大的条件求得弹簧的劲度系数是关键三、填空题（本大题共1小题，共5分）10. 如图，一棵树上与A等高处有两个质量均为0.2kg的苹果，其中一个落入B处的篮子里，若以沟底D处为零势能参考面，则此时该苹果的重力势能为_J；另一个落到沟底的D处，若以C处为零势能参考面，则此时该苹果的重力势能为_J【答案
7、】8.8；-6【解析】解：以D点为零势能面，则B点的重力势能为：EP=mgh=0.210（3+1.4）=8.8J；C处为零势能参考面，D点重力势能为：Ep=mgh=0.210（-3）=-6J 故答案为：8.8，-6J已知零势能面，则由EP=mgh可求得重力势能本题主要考查了重力势能的表达式的直接应用，注意零势能面的选取，难度不大，属于基础题四、实验题探究题（本大题共2小题，共25分）11. 如图所示为倾斜放置的气垫导轨，用来验证机械能守恒定律。已知滑块的质量为m，滑块上遮光条的宽度为d，重力加速度为g。现将滑块由静止释放，两个光电门G1和G2分别记录了遮光条通过光电门的时间t1和t2，则滑块通
8、过两个光电门过程中的动能变化Ek=_，通过两个光电门过程中重力势能的变化Ep=_（用图中所标符号表示）。若两者在实验误差允许范围内相等，则滑块在下滑过程中机械能守恒。若实验中滑块以初速度v0下滑，则上述方法_（选填“能”或“不能”）验证机械能守恒。【答案】m（）2-m（）2；mgH；能【解析】解：滑块从a至b运动的过程中，重力势能的减少量为：EP=mgH；而动能的增加量为：Ek=m（）2-m（）2故答案为：m（）2-m（）2；mgH；若实验中滑块以初速度v0下滑，仍只有重力做功机械能守恒，仍能验证机械能守恒。根据下降的高度求出重力势能的减小量，依据动能表达式，即可求出从a至b运动过程中动能的增
9、加量，从而即可求解。本题要求掌握重力势能与动能的变化量的求解方法，注意下落的高度是解题的关键，同时理解几何关系中相似比。12. （1）某同学利用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律，弧形轨道末端水平，离地面的高度为H，将钢球从轨道上的不同高度h处由静止释放，钢球的落点距轨道末端的水平距离为x，求钢球到达弧形轨道末端时的速度v_，若弧形轨道光滑，则x2与h的理论关系满足x2_（用H、h表示）（2）某同学用图甲的实验装置探究小车，的加速度a与小车的质量M之间的关系打点计时器使用交变电流的频率为50Hz实验中必须进行的操作有_A平衡摩擦力时，不能挂钩码B小车沿轨道由静止开始缓慢下滑，即达到平衡摩擦力
10、要求C改变小车的质量后，需要重新平衡摩擦力D小车要在靠近打点计时器的位置释放实验中得到的纸带如图乙所示，每两个计数点间还有四个计时点未画出则小车的加速度大小为_ms2该同学根据实验测得的数据，描绘出aM图象如图丙，于是根据图象得出结论：a与M成反比该同学的做法是否合理？_（填“合理”或“不合理”）（3）国标（GBT）规定自来水在15时电阻率应大于13m某同学利用图甲电路测量15自来水的电阻率，其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管细管上加有阀门K以控制管内自来水的水量，玻璃管两端接有导电活塞（活塞电阻可忽略）右侧活塞固定，左侧活塞可自由移动一实验器材还有：电源（电动势约为3V，内阻可忽略）理
11、想电压表V1（量程为3V）理想电压表V（量程为3V）定值电阻R1（阻值4k）定值电阻R2（阻值2k）电阻箱R（最大阻值9999）单刀双掷开关S，导线若干，游标卡尺，刻度尺，实验步骤如下：A用游标卡尺测量并记录玻璃管的内径d；B向玻璃管内注满自来水，确保无气泡；C用刻度尺测量并记录水柱长度L；D把S拨到1位置，记录电压表V1示数；E把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使电压表V2示数与电压表V1示数相同，记录电阻箱的阻值R；F改变玻璃管内水柱长度，重复实验步骤C、D、E；G断开S，整理好器材测玻璃管内径d时游标卡尺示数如图乙，则d_mm玻璃管内水柱的电阻Rx的表达式为Rx_（用R1、R2、R表示）利
12、用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据，绘制出如图丙所示的图象可求出自来水的电阻率_m（保留三位有效数字）【答案】(1) 4H (2)AD0.51不合理(3)20.012.6【解析】（1）【分析】根据平抛运动处理规律，即可求解从静止到末端的速度大小；现根据小球离开桌面后做平抛运动求得小球离开桌面时的速度，再根据小球在斜槽上运动过程中机械能守恒，求得表达式。本题从新的角度考查了对动能定理与机械能守恒实定律的理解，有一定的创新性，很好的考查了学生的创新思维。【解答】球做平抛运动，根据处理规律，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，则有：x=v0t；解得：；若轨道光滑，则小球在斜
13、槽上运动过程中机械能守恒，根据机械能守恒定律有:；即：所以：解得：x2=4Hh；故答案为： 4H.（2）【分析】平衡摩擦力是让小车所受的滑动摩擦力等于小车所受重力沿斜面的分量，即mgsin=mgcos，平衡摩擦力时，不能将重物用细线通过定滑轮系在小车上且只需要平衡一次；根据x=aT2求解加速度；图象为曲线不能说明两个物理量成反比。解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，尤其是理解平衡摩擦力和Mm的操作和要求的含义注意由于题中给出的位移差值均相等，故不需要使用逐差法进行计算。【解答】A.平衡摩擦力时研究对象是小车，是让小车所受的滑动摩擦力等于小车所受重力沿斜面
14、的分量，故平衡摩擦力时，不能将重物用细线通过定滑轮系在小车上，故A正确B.小车沿轨道下滑说明平衡摩擦力过度，故B错误；C.每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面向下的分量等于小车所受的滑动摩擦力，即mgsin=mgcos，故不需要重新平衡摩擦力，故C错误D.小车要在靠近打点计时器的位置释放，有利于纸带的利用，故D正确故选AD.由图乙可知，相邻时间内的位移差均相等，大小为：x=0.51cm=0.0051m；根据x=aT2得：.在探究加速度a与质量m的关系时，作出a-m图象是一条曲线，不利用数据的分析处理；故应该做图象，如果是通过坐标原点的直线，证明a与m成反比，所以该同学的做法不合理.故答案为：
15、AD0.51不合理。（3）【分析】游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数分别求出S接1和接2时电路的总电压，利用并联电压相等列式，求出Rx；从图丙读出数据，利用电阻定律求出电阻率。本题考查了游标卡尺的读数，等效替代法测电阻，电阻定律以及对实验误差的分析，解答本题的关键是明确实验目的，所有的步骤都为了测电阻率，所以要测量电阻、水柱横截面积、水柱的长度。【解答】游标卡尺的主尺读数为：2.0cm=20mm，游标尺上第0个刻度和主尺上刻度对齐，所以最终读数为：20.0mm；设把S拨到1位置时，电压表V1示数为U，则此时电路电流为，总电压当把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使电压表V2示数与电压表V1示
16、数相同也为U，则此时电路中的电流为，总电压，由于两次总电压相等，都等于电源电压E，可得，解得；从图丙中可知，R=1103时，此时玻璃管内水柱的电阻，水柱横截面积，由电阻定律得.故答案为：20.012.6。五、计算题（本大题共4小题，共48分）13. 如图所示，质量都是m的物体A和B，通过轻绳子跨过滑轮相连斜面光滑，不计绳子和滑轮之间的摩擦开始时A物体离地的高度为h，B物体位于斜面的底端，用手托住A物体，A、B两物均静止撤去手后，求：（1）A物体将要落地时的速度多大？（2）A物落地后，B物由于惯性将继续沿斜面上升，则B物在斜面上的最远点离地的高度多大？【答案】解：（1）A、B两物构成的整体（系统
17、）只有重力做功，故整体的机械能守恒，得：mgh-mghsin=（m+m）v2整理得v=（2）当A物体落地后，B物体由于惯性将继续上升，此时绳子松了，对B物体而言，只有重力做功，故B物体的机械能守恒，设其上升的最远点离地高度为H，根据机械能守恒定律得：mv2=-mg（H-hsin）整理得H=h（1+sin）【解析】选两物体作为整体来研究时机械能守恒，从而求出A物体下落的速度当物体A落地后，物体B由于惯性继续上升，由机械能守恒定律可求出B物在斜面上的最远点离地的高度考查单个物体与系统机械能守恒的不同应用，突出机械能守恒的条件14. 如图所示，水平传送带长L=12m，且以v=5m/s的恒定速率顺时针
18、转动，光滑曲面与传送带的右端B点平滑链接，有一质量m=2kg的物块从距传送带高h=5m的A点由静止开始滑下已知物块与传送带之间的滑动摩擦因数=0.5，重力加速度g取10m/s2，求：（1）物块距传送带左端C的最小距离（2）物块再次经过B点后滑上曲面的最大高度（3）在整个运动过程中，物块与传送带间因摩擦而产生的热量【答案】解：（1）物块从A到B的过程中，由机械能守恒列式得： 解得：vB=10m/s 物块在传送带上向左运动的过程中，取水平向左为正方向，通过受力分析后，由牛顿第二定律得：-mg=ma 得：a=-5m/s2，由运动学公式得： 解得： 且 那么，物块距传送带左端C的最小距离dmin=L-
19、x1=2m （2）物块在传送带上向右运动的过程中，取水平向右为正方向，通过受力分析后，由牛顿第二定律得：mg=ma得：a=5m/s 由于传送带的速度v=5m/s由运动学公式v=at2得：t2=1s 则物块向右运动经过B点时的速度v=5m/s 那么，物块经过B点后滑上曲面的过程中，由机械能守恒定律得： 即：hm=1.25m （3）物块在传送带上向左运动的过程中，相对位移x1=x1+vt1=20m 此过程中产生的热量Q1=mgx1=200J 物块在传送带上向右运动的过程中，相对位移x2=vt2-x2=2.5m 此过程中产生的热量Q2=mgx2=25J 那么，全程产生的热量Q热=225J 答：（1）
20、物块距传送带左端C的最小距离为2m（2）物块再次经过B点后滑上曲面的最大高度为1.25m（3）在整个运动过程中，物块与传送带间因摩擦而产生的热量为225J【解析】（1）物块从A到B的过程中，由机械能守恒列式，物块在传送带上向左运动的过程中，取水平向左为正方向，根据牛顿第二定律结合运动学基本公式列式，联立方程求解；（2）根据牛顿第二定律结合运动学基本公式求出物块到达B点速度，再根据机械能守恒定律求出上升的最大高度；（3）根据Q=fx相对分别求出物块向左和向右滑动过程中产生的热量，两者之和即为总热量本题主要考查了牛顿第二定律运动学基本公式以及机械能守恒定律的直接应用，其中还涉及到物体与传送带的相对
21、运动，要求同学们能正确分析物体的受力情况和运动情况，过程较为复杂，难度较大，属于难题15. 如图所示，在光滑平直轨道上P点静止放置一个质量为2m的物体A，现有一颗质量为m的子弹以的水平速度射入物体A并和物体A一起运动，并与前方静止物体B发生弹性正碰机械能不损失后返回，速率大小为，求： 子弹与物体A碰撞过程中损失的机械能；物体的质量【答案】解：（1）设子弹与物体A的共同速度为v，由动量守恒定律mv0=3mv则该过程损失的机械能解得：（2）以子弹、物体A和物体B为系统，设B的质量为M，碰后子弹和物体A的速度为，物体B的速度为v2，由动量守恒定律3mv=Mv2-3m碰撞过程机械能守恒解得M=5m答：
22、（1）子弹与物体A碰撞过程中损失的机械能为；（2）B物体的质量为5m【解析】（1）由动量守恒定律可及功能关系可求得碰撞过程中损失的能量；（2）对于碰撞过程由动量守恒及机械能定律列式求解即可本题考查动量守恒定律及能时转化及守恒规律，要注意正确分析物理过程，明确受力情况及守恒条件，选择合理的物理规律求解16. 如图所示，一个固定在竖直平面上的光滑半圆形管道，管道里有一个直径略小于管道内径的小球，小球在管道内做圆周运动，从B点脱离后做平抛运动，经过0.3秒后又恰好垂直与倾角为45的斜面相碰到已知圆轨道半径为R=1m，小球的质量为m=1kg，g取10m/s2求 （1）小球在斜面上的相碰点C与B点的水平
23、距离（2）小球经过圆弧轨道的B点时，受到轨道的作用力NB的大小和方向？（3）小球经过圆弧轨道的A点时的速率【答案】解：（1）根据平抛运动的规律和运动合成的可知： 则小球在C点竖直方向的分速度和水平分速度相等，得：vx=vy=gt=3m/s，则B点与C点的水平距离为：x=vxt=0.9m （2）根据牛顿运动定律，在B点（设轨道对球的作用力方向向下），解得：NB=-1N负号表示轨道对球的作用力方向向上（3）小球从A到B的过程中机械能守恒，得： 代入数据得：vA=7m/s 答：（1）小球在斜面上的相碰点C与B点的水平距离是0.9m；（2）小球经过圆弧轨道的B点时，所受轨道作用力NB的大小1N，方向竖
24、直向上（3）小球经过圆弧轨道的A点时的速率是7m/s【解析】（1）小球恰好垂直与倾角为450的斜面相碰到，说明小球在C点竖直方向的分速度和水平分速度相等，代人公式即可；（2）小球经过圆弧轨道的B点时，做圆周运动，所受轨道作用力与重力一起提供向心力（3）小球从A到B的过程中的机械能守恒，由此即可求出A点的速率该题考查竖直平面内的圆周运动与平抛运动，小球恰好垂直与倾角为45的斜面相碰到是解题的关键，要正确理解它的含义2018年普通高等学校招生全国统一考试语文注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑
25、。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、现代文阅读。（36分）（一）论述类文本阅读（本题共3小题，9分）阅读下面的文字，完成1-3题。诸子之学，兴起于先秦，当时一大批富有创见的思想家喷涌而出，蔚为思想史之奇观，在狭义上，诸子之学与先秦时代相联系；在广义上，诸子之学则不限于先秦而绵延于此后中国思想发展的整个过程，这一过程至今仍没有终结。诸子之学的内在品格是历史的承继性以及思想的创造性和突破性。“新子学”，即新时代的诸子之学，也应有同样的品格。这可以从“照着讲”和“接着讲”两个方面来理解。一
26、般而言，“照着讲”，主要是从历史角度对以往经典作具体的实证性研究，诸如训话、校勘、文献编纂，等等。这方面的研究涉及对以往思想的回顾、反思，即应把握历史上的思想家实际说了些什么，也应总结其中具有创造性和生命力内容，从而为今天的思想提供重要的思想资源。与“照着讲”相关的是“接着讲”，从思想的发展与诸子之学的关联看，“接着讲”接近诸子之学所具有的思想突破性的内在品格，它意味着延续诸子注重思想创造的传统，以近代以来中西思想的互动为背景，“接着讲”无法回避中西思想之间的关系。在中西之学已相遇的背景下，“接着讲”同时展开为中西之学的交融，从更深的层次看，这种交融具体展开为世界文化的建构与发展过程，中国思想
27、传统与西方的思想传统都构成了世界文化的重要资源。而世界文化的发展，则以二者的互动为其重要前提。这一意义上的“新子学”，同时表现为世界文化发展过程中创造性的思想系统。相对于传统的诸子之学，“新子学”无疑获得了新的内涵与新的形态。“照着讲”与“接着讲”二者无法分离。从逻辑上说，任何新思想的形成，都不能从“无”开始，它总是基于既有思想演进过程，并需要对既有思想范围进行反思批判。“照着讲”的意义，在于梳理以往的发展过程，打开前人思想的丰富内容，由此为后继的思想提供理论之源。在此意义上，“照着讲”是“接着讲”的出发点。然而，仅仅停留在“照着讲”，思想便容易止于过去，难以继续前行，可能无助于思想的创新。就
28、此而言，在“照着讲”之后，需要继之以“接着讲”。“接着讲”的基本精神，是突破以往思想或推进以往思想，而新的思想系统的形式，则是其逻辑结果。进而言之，从现实的过程看，“照着讲”与“接着讲”总是相互渗入：“照着讲”包含对以往思想的逻辑重构与理论阐释，这种重构与阐释已内含“接着讲”；“接着讲”基于已有的思想发展，也相应地内含“照着讲”，“新子学”应追求“照着讲”与“接着讲”的统一。（摘编自杨国美历史视域中的诸子学）1、下列关于原文内容的理解和分析，不正确的一项是（3分）A、广义上的诸子之学始于先秦，贯穿此后中国思想史，也是当代思想的组成部分。B、“照着讲”主要指对经典的整理实证性研究，并发掘历史上思
29、想家的思想内涵。C、“接着讲”主要指封建诸子注重思想创造的传统，在新条件下形成创造性的思想。D、不同于以往诸子之学，“新子学受西方思想影响，脱离了既有思想演进的过程。2、下列对原文论证的相关分析，不正确的一项是（3分）A、文章采用了对比的论证手法，以突出“新子学与历史上诸子之学的差异。B、文章指出理解“新子学”的品格可以从两方面入手，并就二者的关系进行论证。C、文章以中西思想交融互动为前提，论证“新子学”“接着讲”的必要和可能。D、文章论证“照着讲”、“接着讲”无法分离，是按从逻辑到现实的顺序推进的。3、根据原文内容，下列说法正确的一项是（3分）A、对经典进行文本校勘和文献编篡与进一阐发之间，
30、在历史上是互相隔膜的。B、面对中西思想的交融与互动，“新子学”应该同时致力于中国和世界文化的建构。C、“照着讲”内含“接着讲”，虽然能发扬以往的思想，但无助于促进新思想生成。D、“新子学”要参与世界文化的发展，就有必要从“照着讲”逐渐过渡到“接着讲”。（二）文学类文本阅读，（本题共3小题，15分）阅读下面的文字，完成46题。 赵一曼女士 阿成伪满时期的哈尔滨市立医院，如今仍是医院。后来得知赵一曼女士曾在这里住过院，我便翻阅了她的一些资料。赵一曼女士，是一个略显瘦秀且成熟的女性，在她身上弥漫拔俗的文人气质和职业军人的冷峻。在任何地方，你都能看出她有别于他人的风度。赵一曼女士率领的抗联活动在小兴安
31、岭的崇山峻岭中，那儿能够听到来自坡镇的钟声，冬夜里，钟声会传得很远很远。钟声里，抗联的兵士在森林里烤火，烤野味儿，或者唱着“火烤胸前暖，风吹背后寒战士们哟”这些都给躺在病床上的赵一曼女士留下清晰回忆。赵一曼女士单独一间病房，由警察昼夜看守。白色的小柜上有一个玻璃花瓶，里面插着丁香花，赵一曼女士喜欢丁香花。这束丁香花，是女护士韩勇义折来摆放在那里的。听说，丁香花现在已经成为这座城市的“市花”了。她是在山区中了日军的子弹后被捕的。滨江省警务厅的大野泰治对赵一曼女士进行了严刑拷问，始终没有得到有价值的回答，他觉得很没面子。大野泰治在向上司呈送的审讯报告上写道：赵一曼是中国共产党珠河县委委员，在该党工
32、作上有与赵尚志同等的权力。她是北满共产党的重要干部，通过对此人的严厉审讯，有可能澄清中共与苏联的关系。1936年初，赵一曼女士以假名“王氏”被送到医院监禁治疗。滨江省警务厅关于赵一曼的情况扼要地介绍了赵一曼女士从市立医院逃走和被害的情况。赵一曼女士是在6月28日逃走的，夜里，看守董宪勋在他叔叔的协助下，将赵一曼抬出医院的后门。一辆雇好的出租车已等在那里。几个人上了车，车立刻就开走了。出租车开到文庙屠宰场的后面，韩勇义早就等候在那里、扶着赵一曼女士上了雇好的轿子，大家立刻向宾县方向逃去。赵一曼女士住院期间，发现警士董宪勋似乎可以争取。经过一段时间的观察、分析，她觉得有把握去试一试。她躺在病床上，
33、和蔼地问董警士：“董先生，目前您一个月的薪俸是多少？”董警士显得有些忸怩，“十多块钱吧”赵一曼女士遗憾地笑了，说：“真没有想到，薪俸会这样少。”董警士更加忸怩了。赵一曼女士神情端庄地说：“七尺男儿，为着区区十几块钱，甘为日本人役使，不是太愚蠢了吗？”董警士无法再正视这位成熟女性的眼睛了，只是哆哆嗦嗦给自己点了一颗烟。此后，赵一曼女士经常与董警士聊抗联的战斗和生活，聊小兴安岭的风光，飞鸟走兽。她用通俗的、有吸引力的小说体记述日军侵略东北的罪行，写在包药的纸上。董警士对这些纸片很有兴趣，以为这是赵一曼女士记述的一些资料，并不知道是专门写给他看的。看了这些记述，董警士非常向往“山区生活”，愿意救赵一
34、曼女士出去，和她一道上山。赵一曼女士对董警士的争取，共用了20天时间。对女护士韩勇义，赵一曼女士采取的则是“女人对女人”的攻心术。 半年多的相处，使韩勇义对赵一曼女士十分信赖。她讲述了自己幼年丧母、恋爱不幸、工作受欺负，等等。赵一曼女士向她讲述自己和其他女战士在抗日队伍中的生活，有趣的、欢乐的生活，语调是申请的、甜蜜的。韩护士真诚地问：“如果中国实现了共产主义，我应1乐陵一中共点力的平衡一、单选题（本大题共5小题，共30分）1. 如图所示，电荷量-q，质量为m的滑块，沿固定绝缘斜面匀速下滑，现加一竖直向上的匀强电场，电场强度为E，以下判断中正确的是（）A. 物体将沿斜面减速下滑B. 物体将沿斜
35、面加速下滑C. 物体仍保持匀速下滑D. 物体可能静止（2018物理备课组整理）C（物理备课组一组指导）【分析】质量为m的滑块，沿固定绝缘斜面匀速下滑，没有电场时，应有重力沿下面向下的分量与摩擦力平衡；当加一竖直向上的匀强电场，电场强度为E，电场力向下，相当于增大了物体的重力，或相当于用质量大的物体更换质量小的物体，物体将仍保持匀速下滑。本题要注意明确电场力的性质，当加一竖直向上的匀强电场时，相当于增大了物体的重力，在摩擦因数不变的情况下，物体仍保持匀速下滑。注意这种等效观点的应用。【解答】质量为m的滑块，沿固定绝缘斜面匀速下滑，设斜面倾角为，摩擦因数为，故mgsin=mgcos，当加一竖直向上
36、的匀强电场，电场强度为E，电场力竖直向上，此时物体合力应为F=（mg+Eq）sin-（mg+Eq）cos，故F=0，物体仍保持匀速下滑，故C正确，ABD错误。故选C。2. 如图所示，质量为M的斜面体A粗糙水平面上，用轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上，整个系统处于静止状态已知斜面倾角=30，轻绳与斜面平行且另一端固定在竖直墙面上，不计小球与斜面间的摩擦，则（）A. 斜面对小球的作用力大小为mgB. 轻绳对小球的作用力大小为mgC. 斜面体对水平面的压力大小为（M+m）gD. 斜面体与水平面间的摩擦力大小为mg（2018物理备课组整理）D（物理备课组一组指导）解：A、以小球为研究对象受力分析，根
37、据平衡条件，垂直斜面方向：N=mgcos30=mg，故A错误，平行斜面方向：T=mgsin30=mg，故B错误；C、以斜面体和小球整体为研究对象受力分析，竖直方向：N=（m+M）g-Tsin30，故C错误；水平方向：f=Tcos30=mg，故D正确故选：D以小球为研究对象受力分析，根据平衡条件列方程求斜面和轻绳对小球的作用力；以斜面体和小球整体为研究对象受力分析，根据平衡条件求斜面体受到的支持力和摩擦力本题采用隔离法和整体法结合研究两个物体的平衡问题，分析受力情况，作出力图是关键3. 如图所示，光滑小球置于竖直墙壁和挡板间，挡板绕O点于图示位置缓慢转至水平的过程中，球对墙壁和挡板的压力如何变化
38、（）A. 对墙壁的压力减小，对挡板的压力也减小B. 对墙壁的压力减小，对挡板的压力增大C. 对墙壁的压力减小，对挡板的压力先增大后减小D. 对墙壁的压力先增大后减小，对挡板的压力增大（2018物理备课组整理）A（物理备课组一组指导）解：以小球为研究对象，处于平衡状态，根据受力平衡，有：由图可知，墙壁给球的压力F2逐渐减小，挡板给球的支持力F1逐渐减小，根据牛顿第三定律可知小球对竖直墙壁的弹力逐渐减小，小球对挡板AB的压力逐渐减小；故选：A对球进行正确受力分析，把握其受力特点：一个力大小和方向不变（重力），一个力方向不变（墙给球的支持力），另一个力的大小、方向均发生变化（挡板给球的作用力），对于
39、这类动态平衡问题，即可以采用“图解法”进行熟练掌握分析动态平衡的各种方法，正确分析动态平衡问题是对学生的基本要求，在平时训练中要加强这方面的能力培养4. 如图所示，水平地面上的物体A在斜向上的拉力F的作用下，向右做匀速直线运动，则关于下列物体受力情况的说法中正确的是（）A. 物体A可能只受到二个力的作用B. 物体A一定只受到三个力的作用C. 物体A一定受到了四个力的作用D. 物体A可能受到了四个力的作用（2018物理备课组整理）C（物理备课组一组指导）解：物体一定受重力，拉力F产生两个作用效果，水平向右拉木块，竖直向上拉木块，由于木块匀速直线运动，受力平衡，水平方向必有摩擦力与拉力的水平分量平
40、衡，即一定有摩擦力，结合摩擦力的产生条件可知则必有支持力，因而物体一定受到四个力；故选C物体之间产生摩擦力必须要具备以下三个条件：第一，物体间相互接触、挤压；第二，接触面不光滑；第三，物体间有相对运动趋势或相对运动弹力是物体因形变而产生的力，这里指的是物体间相互接触、挤压时的相互作用力；将拉力按照作用效果正交分解后，结合运动情况和摩擦力和弹力的产生条件对木块受力分析，得出结论对物体受力分析通常要结合物体的运动情况，同时本题还要根据弹力和摩擦力的产生条件分析5. 如图（a）所示，两段等长轻质细线将质量分别为m、2m的小球A、B（均可视为质点）悬挂在O点，小球A受到水平向右的恒力F1的作用，小球B
41、受到水平向左的恒力F2的作用，当系统处于静止状态时，出现了如图（b）所示的状态，小球B刚好位于O点正下方则F1与F2的大小关系正确的是（）A. F1=4F2B. F1=3F2C. 2F1=3F2D. 2F1=5F2（2018物理备课组整理）D（物理备课组一组指导）解：A受到F1水平向右的力，B受到F2的水平向左的力，以整体为研究对象，分析受力如图：设OA绳与竖直方向的夹角为，则由平衡条件得：tan=以B球为研究对象，受力如图 设AB绳与竖直方向的夹角为，则由平衡条件得：tan=由几何关系得到：=联立解得：2F1=5F2 故选：D 运用整体法研究OA绳与竖直方向的夹角；再隔离B研究，分析AB绳与
42、竖直方向的夹角；由几何关系得到两夹角相等，判断两个拉力的关系本题考查共点力作用下物体的平衡问题，采用隔离法和整体法，由平衡条件分析物体的状态，考查灵活选择研究对象的能力二、多选题（本大题共4小题，共24分全部选对得6分，选对当不全的得3分，有选错的得0分。）6. 如图，一根轻质木棒AO，A端用光滑铰链固定于墙上，在O端下面吊一个重物，上面用细绳BO系于顶板上，现将B点逐渐向右移动，并使棒AO始终保持水平，则（）A. BO绳上的拉力大小不变B. BO绳上的拉力先变小后变大C. 轻杆的弹力先变小后变大D. 轻杆的弹力先变大后变小（2018物理备课组整理）BC（物理备课组一组指导）解：以O点研究对象，分析受力情况：重力mg、绳子的拉力T和AO杆的作用力F，当B在O正上方左侧时，受力如图1所示，由图看出，当B向右移动直到O点正上方的过程中，T变小，F变小再分析B在O正上方右侧时，受力如图2所示，由图看出，当B从O点正上方向右移动的过程中，T变大，F变大所以BO绳上的拉力
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