1、4-CD=3. 又因为AA1=, 所以A1E=4, AF=,sinADF=. 即直线AD和平面A1DE所成角的正弦值为. 解法二:如图所示, 设O是AC的中点, 以O为原点建立空间直角坐标系, 则相关各点的坐标分别是A(2, 0, 0), A1(2, 0, ), D(-1, , 0), E(-1, 0, 0). 易知=(-3, , -), =(0, -, 0), =(-3, , 0). 设n=(x, y, z)是平面A1DE的一个法向量, 则解得x=-z, y=0. 故可取n=(, 0, -3). 于是cos=-. 由此即知, 直线AD和平面A1DE所成角的正弦值为. 4.解法一:()证明:三
2、棱柱ABC-A1B1C1为直三棱柱, ABAA1. 在ABC中, AB=1, AC=, ABC=60, 由正弦定理得ACB=30, BAC=90, 即ABAC. AB平面ACC1A1, 又A1C平面ACC1A1, ABA1C. ()如图, 作ADA1C交A1C于D点, 连结BD, 由三垂线定理知BDA1C, ADB为二面角A-A1C-B的平面角. 在RtAA1C中, AD=, 在RtBAD中, tanADB=, ADB=arctan, 即二面角A-A1C-B的大小为arctan. 解法二:()证明:三棱柱ABC-A1B1C1为直三棱柱, AA1AB, AA1AC. 在ABC中, AB=1, A
3、C=, ABC=60. 由正弦定理得ACB=30, BAC=90, 即ABAC. 如图, 建立空间直角坐标系, 则A(0, 0, 0), B(1, 0, 0), C(0, , 0), A1(0, 0, ), =(1, 0, 0), =(0, , -). =10+0+0(-)=0, ABA1C. ()如图, 可取m=(1, 0, 0)为平面AA1C的法向量, 设平面A1BC的法向量为n=(l, m, n), 则n=0, n=0, 又=(-1, , 0), l=m, n=m. 不妨取m=1, 则n=(, 1, 1). cos=, 二面角A-A1C-B的大小为arccos. 5. 解法一:()作AO
4、BC, 垂足为O, 连结OD, 由题设知, AO底面BCDE, 且O为BC中点. 由=知, RtOCDRtCDE, 从而ODC=CED, 于是CEOD. 由三垂线定理知, ADCE. ()作CGAD, 垂足为G, 连结GE. 由()知, CEAD. 又CECG=C, 故AD平面CGE, ADGE, 所以CGE是二面角C-AD-E的平面角. GE=, CE=, cosCGE=-. 所以二面角C-AD-E为arccos. 解法二:()作AOBC, 垂足为O. 由题设知AO底面BCDE, 且O为BC的中点. 以O为坐标原点, 射线OC为x轴正向, 建立如图所示的直角坐标系O-xyz. 设A(0, 0
5、, t). 由已知条件有C(1, 0, 0), D(1, , 0), E(-1, , 0), =(-2, , 0), =(1, , -t). 所以=0, 知ADCE. ()ABC为等边三角形, 因此A(0, 0, ). 作CGAD, 垂足为G, 连结CE. 在RtACD中, 求得|AG|=|AD|. 故G, =, 又=(1, , -), =0, =0. 所以与的夹角等于二面角C-AD-E的平面角. 由cos=-知二面角C-AD-E为arccos. 6.解法一:()取BC中点O, 连结AO. ABC为正三角形, AOBC. 正三棱柱ABC-A1B1C1中, 平面ABC平面BCC1B1, AO平面
6、BCC1B1. 连结B1O, 在正方形BB1C1C中, O、D分别为BC、CC1的中点, B1OBD, AB1BD. 在正方形ABB1A1中, AB1A1B, AB1平面A1BD. ()设AB1与A1B交于点G, 在平面A1BD中, 作GFA1D于F, 连结AF, 由()得AB1平面A1BD, AFA1D. AFG为二面角A-A1D-B的平面角. 在AA1D中, 由等面积法可求得AF=, 又AG=AB1=, sinAFG=, 所以二面角A-A1D-B的大小为arcsin. 解法二:()取BC中点O, 连结AO. ABC为正三角形, AOBC. 在正三棱柱ABC-A1B1C1中, 平面ABC平面
7、BCC1B1, AO平面BCC1B1. 取B1C1中点O1, 以O为原点, 的方向为x、y、z轴的正方向建立空间直角坐标系, 则B(1, 0, 0), D(-1, 1, 0), A1(0, 2, ), A(0, 0, ), B1(1, 2, 0), =(1, 2, -), =(-2, 1, 0), =(-1, 2, ). =-2+2+0=0, =-1+4-3=0, , AB1平面A1BD. ()设平面A1AD的法向量为n=(x, y, z). =(-1, 1, -), =(0, 2, 0). n, n, 令z=1得n=(-, 0, 1)为平面A1AD的一个法向量. 由()知AB1平面A1BD,
8、 为平面A1BD的法向量. cos=-. 二面角A-A1D-B的大小为arccos. 7.解法一:()AC=BC=a, ACB是等腰三角形, 又D是AB的中点, CDAB, 又VC底面ABC,VCAB, 于是AB平面VCD, 又AB平面VAB, 平面VAB平面VCD. ()过点C在平面VCD内作CHVD于H, 则由()知CH平面VAB. 连结BH, 于是CBH就是直线BC与平面VAB所成的角. 依题意CBH=, 所以在RtCHD中, CH=asin ;在RtBHC中, CH=asin=, sin =, 0, =. 故当=时, 直线BC与平面VAB所成的角为. 解法二:()以CA、CB、CV所在
9、的直线分别为x轴、y轴、z轴, 建立如图所示的空间直角坐标系, 则C(0, 0, 0), A(a, 0, 0), B(0, a, 0), D, V. 于是, =(-a, a, 0). 从而=(-a, a, 0)=-a2+a2+0=0, 即ABCD. 同理=(-a, a, 0)=-a2+a2+0=0, 即ABVD. 又CDVD=D, AB平面VCD, 又AB平面VAB, 平面VAB平面VCD. ()设平面VAB的一个法向量为n=(x, y, z), 则由得可取n=(1, 1, cot ), 又=(0, -a, 0), 于是sin=sin , 即sin =, 0, =. 故当=时, 直线BC与平面
10、VAB所成的角为. 解法三:()以点D为原点, 以DC、DB所在的直线分别为x轴、y轴, 建立如图所示的空间直角坐标系, 则D(0, 0, 0), A,B,C,V, 于是=(0,a,0),从而=(0 a,0)=0, 即ABDC. 同理=(0, a, 0)=0, 即ABDV. 又DCDV=D, AB平面VCD. 又AB平面VAB, 平面VAB平面VCD. ()设平面VAB的一个法向量为n=(x, y, z), 则由得取n=(tan , 0, 1), 又=, 于是sin=sin , 即sin =. 0, =. 故当=时, 直线BC与平面VAB所成的角为. 8. 解法一:()取CD中点O, 连OB,
11、 OM, 则OBCD, OMCD. 又平面MCD平面BCD, 则MO平面BCD, 所以MOAB, A、B、O、M共面. 延长AM、BO相交于E, 则AEB就是AM与平面BCD所成的角. OB=MO=, MOAB, 则=, EO=OB=, 所以EB=2=AB, 故AEB=45. 直线AM与平面BCD所成角的大小为45. ()CE是平面ACM与平面BCD的交线. 由()知, O是BE的中点, 则BCED是菱形. 作BFEC于F, 连AF, 则AFEC, AFB就是二面角A-EC-B的平面角, 设为. 因为BCE=120, 所以BCF=60. BF=BCsin 60=, tan =2, sin =.
12、 所以, 所求二面角的正弦值是. 解法二:取CD中点O, 连OB, OM, 则OBCD, OMCD, 又平面MCD平面BCD, 则MO平面BCD. 以O为原点, 直线OC、BO、OM为x轴、y轴、z轴, 建立空间直角坐标系如图. OB=OM=, 则各点坐标分别为O(0, 0, 0), C(1, 0, 0), M(0, 0, ), B(0, -, 0), A(0, -, 2), ()设直线AM与平面BCD所成的角为. 因=(0, , -), 平面BCD的法向量为n=(0, 0, 1). 则有sin =cos=, 所以=45. 直线AM与平面BCD所成角的大小为45. ()=(-1, 0, ),
13、=(-1, -, 2). 设平面ACM的法向量为n1=(x, y, z), 由得解得x=z, y=z, 取n1=(, 1, 1). 平面BCD的法向量为n=(0, 0, 1). 则cos=. 设所求二面角为, 则sin =. 所以, 所求二面角的正弦值是. 9.解法一:()因为PD平面ABCD, BC平面ABCD, 所以PDBC. 由BCD=90, 得BCDC. 又PDDC=D, PD平面PCD, DC平面PCD, 所以BC平面PCD. 因为PC平面PCD, 所以PCBC. ()连结AC. 设点A到平面PBC的距离为h. 因为ABDC, BCD=90, 所以ABC=90. 从而由AB=2, B
14、C=1, 得ABC的面积SABC=1. 由PD平面ABCD及PD=1, 得三棱锥P-ABC的体积V=SABCPD=. 因为PD平面ABCD, DC平面ABCD, 所以PDDC. 又PD=DC=1, 所以PC=. 由PCBC, BC=1, 得PBC的面积SPBC=. 由V=SPBCh=h=, 得h=. 因此, 点A到平面PBC的距离为. 解法二:建立如图所示空间直角坐标系D-xyz, 则P(0, 0, 1), C(0, 1, 0), B(1, 1, 0). ()=(0, 1, -1), =(-1, 0, 0). =0(-1)+10+(-1)0=0, PCBC. ()设平面PBC的法向量n=(x,
15、 y, z), 则有即令y=1得n=(0, 1, 1). 又因为A(1, -1, 0), =(0, 2, 0), 所以点A到平面PBC的距离d=. 解法三:()取AB中点E, 连DE, 则DEBC, DE面PBC, 则A点到面PBC的距离等于E点到面PBC距离的2倍, 即等于点到面PBC距离的2倍. 过D作DHPC, 则DH面PBC. 在RtPCD中, DH=, A到面PBC的距离为. 10.解法一:()连结A1B, 记A1B与AB1的交点为F. 因为面AA1B1B为正方形, 故A1BAB1, 且AF=FB1. 又AE=3EB1, 所以FE=EB1. 又D为BB1的中点, 故DEBF, DEA
16、B1. 作CGAB, G为垂足, 由AC=BC知, G为AB中点. 又由底面ABC面AA1B1B, 得CG面AA1B1B. 连结DG, 则DGAB1, 故DEDG, 由三垂线定理, 得DECD. 所以DE为异面直线AB1与CD的公垂线. ()因为DGAB1, 故CDG为异面直线AB1与CD的夹角, CDG=45. 设AB=2, 则AB1=2, DG=, CG=, AC=. 作B1HA1C1, H为垂足. 因为底面A1B1C1面AA1C1C, 故B1H面AA1C1C, 又作HKAC1, K为垂足, 连结B1K, 由三垂线定理, 得B1KAC1, 因此B1KH为二面角A1-AC1-B1的平面角.
17、B1H=, HC1=, AC1=, HK=, tanB1KH=, 所以二面角A1-AC1-B1的大小为arctan. 解法二:()以B为坐标原点, 射线BA为x轴正半轴, 建立如图所示的空间直角坐标系B-xyz. 设AB=2, 则A(2, 0, 0), B1(0, 2, 0), D(0, 1, 0), E, 又设C(1, 0, c), 则=(2, -2, 0), =(1, -1, c). 于是=0, =0, 故DEB1A, DEDC, 所以DE为异面直线AB1与CD的公垂线. ()因为等于异面直线AB1与CD的夹角, 故=|cos 45, 即2=4, 解得c=, 故=(-1, 0, ). 又=
18、(0, 2, 0), 所以=+=(-1, 2, ). 设平面AA1C1的法向量为m=(x, y, z), 则m=0, m=0, 即-x+2y+z=0且2y=0. 令x=, 则z=1, y=0, 故m=(, 0, 1). 设平面AB1C1的法向量为n=(p, q, r), 则n=0, n=0, 即-p+2q+r=0, 2p-2q=0. 令p=, 则q=, r=-1, 故n=(, -1). 所以cos=. 由于等于二面角A1-AC1-B1的平面角, 所以二面角A1-AC1-B1的大小为arccos. 11. (2009全国, 19, 12分)如图, 四棱锥S-ABCD中, 底面ABCD为矩形, S
19、D底面ABCD, AD=, DC=SD=2. 点M在侧棱SC上, ABM=60. 11.解法一:()作MECD交SD于点E, 则MEAB, ME平面SAD. 连结AE, 则四边形ABME为直角梯形. 作MFAB, 垂足为F, 则AFME为矩形. 设ME=x, 则SE=x,AE=, MF=AE=, FB=2-x. 由MF=FBtan 60, 得=(2-x), 解得x=1. 即ME=1, 从而ME= DC, 所以M为侧棱SC的中点. ()MB=2, 又ABM=60, AB=2, 所以ABM为等边三角形. 又由()知M为SC中点, SM=, SA=, AM=2, 故SA2=SM2+AM2, SMA=
20、90. 取AM中点G, 连结BG, 取SA中点H, 连结GH, 则BGAM, GHAM, 由此知BGH为二面角S-AM-B的平面角. 连结BH. 在BGH中, BG=AM=, GH=SM=, BH=, 所以cosBGH=-. 二面角S-AM-B的大小为arccos. 解法二:以D为坐标原点, 射线DA为x轴正半轴, 建立如图所示的直角坐标系D-xyz. 设A(, 0, 0), 则B(, 2, 0), C(0, 2, 0), S(0, 0, 2). ()设=(0), 则M, =. 又=(0, 2, 0), =60, 故=|cos 60, 即=, 解得=1, 即=. 所以M为侧棱SC的中点. ()
21、由M(0, 1, 1), A(, 0, 0), 得AM的中点G. 又=(0, -1, 1), =(-, 1, 1). =0, =0, 所以. 所以等于二面角S-AM-B的平面角. 因为cos=-. 所以二面角S-AM-B的大小为arccos. 12.解法一:()取BC中点F, 连结EF, 则EFB1B, 从而EFDA. 连结AF, 则ADEF为平行四边形, 从而AFDE. (2分)又DE平面BCC1, 故AF平面BCC1, 从而AFBC, 即AF为BC的垂直平分线, 所以AB=AC. (5分)()作AGBD, 垂足为G, 连结CG. 由三垂线定理知CGBD, 故AGC为二面角A-BD-C的平面
22、角. 由题设知, AGC=60. 设AC=2, 则AG=. 又AB=2, BC=2, 故AF=. 由ABAD=AGBD得2AD=, 解得AD=, 故AD=AF. 又ADAF, 所以四边形ADEF为正方形. (8分)因为BCAF, BCAD, AFAD=A, 故BC平面DEF, 因此平面BCD平面DEF. 连结AE、DF, 设AEDF=H, 则EHDF, EH平面BCD. 连结CH, 则ECH为B1C与平面BCD所成的角. 因ADEF为正方形, AD=, 故EH=1, 又EC=B1C=2, 所以sinECH=, 所以ECH=30, 即B1C与平面BCD所成的角为30. (12分)解法二:()以A
23、为坐标原点, 射线AB为x轴的正半轴, 建立如图所示的直角坐标系A-xyz. 设B(1, 0, 0), C(0, b, 0), D(0, 0, c), 则B1(1, 0, 2c), E. (2分)于是=(-1, b, 0). 由DE平面BCC1知DEBC, =0, 求得b=1, 所以AB=AC. (5分)()设平面BCD的法向量=(x, y, z), 则=0, =0. 又=(-1, 1, 0), =(-1, 0, c), 故(8分)令x=1, 则y=1, z=. 又平面ABD的法向量=(0, 1, 0). 由二面角A-BD-C为60知, =60, 故=|cos 60, 求得c=. 于是=(1,
24、 1, ), =(1, -1, ), cos=, =60. 所以B1C与平面BCD所成的角为30. (12分)13.解法一:()四边形ABCD是正方形, ACBD. PD底面ABCD, PDAC. AC平面PDB. 平面AEC平面PDB. ()设ACBD=O, 连结OE. 由()知AC平面PDB于O. AEO为AE与平面PDB所成的角. O, E分别为DB, PB的中点, OEPD, OE=PD. 又PD底面ABCD, OE底面ABCD, OEAO. 在RtAOE中, OE=PD=AB=AO, AEO=45, 即AE与平面PDB所成的角为45. 解法二:如图, 以D为原点建立空间直角坐标系D-
25、xyz. 设AB=a, PD=h, 则A(a, 0, 0), B(a, a, 0), C(0, a, 0), D(0, 0, 0), P(0, 0, h). ()=(-a, a, 0), =(0, 0, h), =(a, a, 0), =0, =0. ACDP, ACBD. AC平面PDB. 平面AEC平面PDB. ()当PD=AB且E为PB的中点时, P(0, 0, a), E. 设ACBD=O, 则O, 连结OE. 由()知AC平面PDB于O. AEO为AE与平面PDB所成的角. =, cosAEO=. AEO=45, 即AE与平面PDB所成的角为45. 14.解法一:()证明:依题设,
26、M在以BD为直径的球面上, 则BMPD. 因为PA平面ABCD, 则PAAB. 又ABAD, 所以AB平面PAD, 则ABPD, 因此有PD平面ABM, 所以平面ABM平面PCD. ()设平面ABM与PC交于点N, 因为ABCD, 所以AB平面PCD, 则ABMNCD, 由()知, PD平面ABM, 则MN是PN在平面ABM上的射影, 所以PNM就是PC与平面ABM所成的角, 且PNMPCD, tanPNM=tanPCD=2, 所求角为arctan 2. ()因为O是BD的中点, 则O点到平面ABM的距离等于D点到平面ABM距离的一半, 由()知, PD平面ABM于M, 则|DM|就是D点到平
27、面ABM的距离. 因为在RtPAD中, PA=AD=4, PDAM, 所以M为PD中点, DM=2, 则O点到平面ABM的距离等于. 解法二:()同解法一;()如图所示,建立空间直角坐标系,则A(0,0,0),P(0,0,4),B(2,0,0),C(2,4,0),D(0,4,0), M(0,2,2), 设平面ABM的一个法向量n=(x, y, z), 由n, n可得令z=-1, 则y=1, 即n=(0, 1, -1). 设所求角为, 则sin =, 所求角的大小为arcsin. ()设所求距离为h, 由O(1, 2, 0), =(1, 2, 0), 得h=. 15. （1）如图，连接BE、BD
28、，由底面ABCD是正方形可得ACBD。SD平面ABCD，BD是BE在平面ABCD上的射影，ACBE。（2）如图，由SD平面ABCD知，DBE=，SD平面ABCD，CD平面ABCD，SDCD。又底面ABCD是正方形，CDAD，而SDAD=D，CD平面SAD连接AE、CE，过点D在平面SAD内作DEAE于F，连接CF，则CFAE，故CDF是二面角C-AE-D的平面角，即CDF=。在RtBDE中，BD=2a，DE=在RtADE中，从而，在中，由，得，由，解得，即为所求。16.解法一:()因为ABDC, DC平面EFCD, 所以直线AB到平面EFCD的距离等于点A到平面EFCD的距离. 如图1, 过点
29、A作AGFD于G. 因BAD=, ABDC, 故CDAD;又FA平面ABCD, 由三垂线定理知CDFD, 故CD平面FAD, 知CDAG. 图1故AG为所求的直线AB到平面EFCD的距离. 在RtFDC中, FD=. 由FA平面ABCD, 得FAAD, 从而在RtFAD中, FA=1, 所以, AG=. ()由已知FA平面ABCD, 得FAAD, 又由BAD=, 知ADAB, 故AD平面ABFE, 从而ADFE. 所以, FAE为二面角F-AD-E的平面角, 记为. 在RtEAD中, AE=. 由四边形ABFE为平行四边形, 得FEBA, 从而EFA=, 在RtEFA中, EF=. 故tan
30、=. 解法二:图2()如图2, 以A点为坐标原点, 的方向为x, y, z的正方向建立空间直角坐标系, 则A(0, 0, 0), C(2, 2, 0), D(0, 2, 0). 设F(0, 0, z0)(z00), 可得=(2, 2, -z0), 由|=3, 即=3, 解得z0=1, 即F(0, 0, 1). 因为ABDC, DC平面EFCD, 所以直线AB到平面EFCD的距离等于点A到平面EFCD的距离. 设A点在平面EFCD上的射影点为G(x1, y1, z1), 则=(x1, y1, z1), 因=0且=0, 而=(0, -2, 1), =(-2, 0, 0), 此即解得G点的横坐标x1
31、=0, 知G点在yOz面上, 故G点在FD上. 又=(-x1, -y1, -z1+1), 故有=-z1+1, 联立、, 解得G, 因|为AB到平面EFCD的距离, 而=, 所以|=. ()因四边形ABFE为平行四边形, 则可设E(x0, 0, 1)(x00), =(-x0, 2, -1), 由|=, 即=, 解得x0=-, 即E(-, 0, 1), 故=(-, 0, 1). 由=(0, 2, 0), =(0, 0, 1), 因=0, =0, 故FAE为二面角F-AD-E的平面角. 又=(, 0, 0), |=, |=1, 所以tanFAE=. 17. 由题设可知, 以、为单位正交基底, 建立如
32、图所示的空间直角坐标系D-xyz, 则有A(1, 0, 0), B(1, 1, 0), C(0, 1, 0), D1(0, 0, 1). 由=(1, 1, -1)得=(, , -), 所以=+=(-, -, )+(1, 0, -1)=(1-, -, -1), =+=(-, -, )+(0, 1, -1)=(-, 1-, -1). 显然APC不是平角, 所以APC为钝角等价于cosAPC=cos=0, 这等价于0, 即(1-)(-)+(-)(1-)+(-1)2=(-1)(3-1)0, 得1. 因此, 的取值范围为. 18.解法一:()因为AC=BC, M是AB的中点, 所以CMAB. 又因为EA
33、平面ABC, 所以CMEM. ()连结MD, 设AE=a, 则BD=BC=AC=2a. 在直角梯形EABD中. AB=2a, M是AB的中点, 所以DE=3a, EM=a, MD=a, 因此DMEM, 因为CM平面EMD, 所以CMDM, 因此DM平面EMC, 故DEM是直线DE和平面EMC所成的角. 在RtEMD中. MD=a, EM=a, tanDEM=. 解法二:如图, 以点C为坐标原点, 以CA, CB分别为x轴和y轴, 过点C作与平面ABC垂直的直线为z轴, 建立直角坐标系C-xyz, 设EA=a, 则A(2a, 0, 0), B(0, 2a, 0), E(2a葧0縀早瞖0耀栃0脀儉
34、0脀裪耀蝥0萀犙恬0蠀梈0蠀矸0褀菄耀?耀0褀釣啟0謀覲耀?耀0謀飕0贀鄨0輀车耀暏0輀讨耀0輀运0退圉醏0鄀畍耀?耀幜0鐀0鐀铆0销耀靺0阀欲钖0需敢0騀公恋0鼀骙耀搀騀蝀摭?耀0笀暀耀葧0蠀健耀?耀梈0褀沁耀0褀菄耀?耀0謀徰耀0贀鄨耀?耀誏0輀讨耀醏0鐀哝鄈耀襰0销竨劗籩0頀耀貚00格.人才培养目标及规格（一）人才培养目标本专业主要培养面向船舶和海洋运输行业的企（事）业单位，符合1978年海员培训、发证和值班标准国际公约（以下简称STCW78公约）“马尼拉修正案”和中华人民共和国海船船员适任考试与发证规则（以下简称11规则）要求的“三强四好”（即实践动手能力强、英语应用能力强，自我发展能
35、力强；敬业精神好、团结协作好、身心素质好、创新创业好）船舶轮机技术技能型人才。（二）人才培养规格1. 知识要求（1）公共基础知识：掌握高等职业教育必备的基础知识，如社会主义科学体系基础知识、德育与法律基本知识、数学、英语、体育、计算机应用等人文基础知识。（2）专业知识：掌握STCW公约马尼拉修正案和我国海船船员适任考试大纲规定的海船750KW及以上二三管轮所必备的知识；了解STCW公约马尼拉修正案和我国海船船员适任考试大纲规定的海船3000总吨及以上大管轮所必备的知识；熟悉船舶相关国际、国内法规和公约以及海洋环境保护相关知识。2. 能力要求（1）专业基本能力：培养学生轮机工程基础能力和计算机应
36、用能力，使其具备船舶安全常识、急救知识、消防技能、救生艇筏操纵技能、船舶保安意识等专项技能，具备一定的车钳焊技能。（2）专业核心能力：培养学生船舶机电设备维护保养、运行管理以及应急处理能力，使其具有船舶安全和防污染意识；具有较强的情景意识；具有熟练的轮机英语听力会话、阅读理解和业务函件编写能力。（3）岗位适任能力：培养学生灵活运用所学知识分析和解决实际问题能力，使其能胜任独立船舶安全值班工作任务；具有保证海上安全，防止人员伤亡，避免对环境，特别是海洋环境造成危害以及对财产造成损失的意识和能力。（4）职业拓展能力：贯彻整个人才培养过程。通过素质教育和拓展训练，使学生具有较高的职业素质，具有海船船
37、员职务晋升能力，具有职业岗位迁移能力和航运企业经营管理能力。3.素质要求（1）政治思想素质：具有科学的世界观和爱国主义、集体主义、社会主义思想，理解马克思主义基本观念和中国特色社会主义理论体系的基本理论，具有全心全意为人民服务的政治素质；遵守国家法律法规，具有自尊、正直和诚实的品质，有事业心和社会责任感，在工作中始终坚持实事求是、严谨认真的作风和团队协作精神；具有安全意识、环境意识、效率意识和廉洁意识。（2）身心素质：具有健康的体魄，以满足远洋船舶的工作要求；具有健康的心理，能够适应长时间远离家庭和朋友，与远洋船舶的其他船员团结协作。（3）人文艺术素质：具有适应航海需要的的身体与心理素质，具有
38、良好的人际沟通素质；具有一定的艺术修养和积极向上的兴趣爱好。（4）创新创业素质： 具有认真学习的态度、求索的精神好良好的思维习惯；具有较强的创新、创业的意识、精神和品质。（5）职业道德素质：遵守遵守国际海事相关公约，尊重不同国家的不同风俗习惯，具有良好的职业道德和行为规范；爱岗敬业，吃苦耐劳，团结协作，遵守纪律；具有较快适应技术、管理岗位需要的科学技术素质；具有较强的服从意识和良好的个人行为习惯。三、职业生涯路径图1 专业职业生涯路径 说明：船员岗位（二、三管轮、大管轮、轮机长）包括货运船舶、工程船舶以及海事、海洋、渔业等行政事业单位执法船对应船员岗位；所有船员岗位适用于3000kw及以上级别
39、（最高级别，对下兼容）船舶；验船师包含船级社、保险公司及公估公司等船舶检验人员岗位。（一）初始岗位毕业生上船后，完成海事局规定的船上培训项目后，即可担任值班机工或三管轮；也可到航运企业或修造船企业从事管理或维修工作。（二）发展岗位毕业生工作一定时间，通过海事局组织大管轮和轮机长考试后，可以晋升更高一级的职位。当具备一定经验和能力后，可以到航运企业和船舶修造行业管理岗位发展，从事机务管理、修造船管理等工作。四、职业能力分析工作领域工作任务职业能力学习水平1.船舶主推进动力装置管理1-1柴油机维护与修理1-1-1能根据保养计划，对柴油机进行零部件的拆卸L21-1-2能根据保养计划和说明书的要求，对
40、柴油机拆卸的零部件进行检查，并测量相关参数L21-1-3能根据检查和测量情况，对部件进行简单修理，保持柴油机良好的工作状态L11-1-4能根据说明书的要求，对柴油机进行装复，并进行试车L11-2柴油机的操作1-2-1能按照备车程序，完成发电柴油机启动、并车、主柴油机动力设备及系统的准备工作L21-2-2能按照规定程序，进行完车操作，并对主柴油机暖缸L21-2-3能按照驾驶台的指令，及时正确操纵主柴油机，并做好相应记录L21-2-4能根据设备运行工况，进行参数调整L31-2-5能根据在特殊海况下的操作程序及要求，采用相应措施，避免主柴油机出现超负荷、熄火、飞车等故障L11-2-6能根据电站负荷情
41、况，正确启停发电柴油机，保证发电柴油机运行正常L11-3柴油机失控处理1-3-1能按照应急程序，对主柴油机停车、飞车、滑油失压、曲拐箱爆炸、扫气箱着火、透平喘振、严重拉缸等失控情况采取相应措施，并做好相应记录L11-3-2能对主机失控事故险情进行事后分析评估1-4柴油机系统维护与保养1-4-1能根据管路系统情况，进行管系的更换，确保符合压力试验要求L11-4-2能根据油路系统的技术要求，对燃油、滑油的注入、储存、驳运、净化、供应进行正确的操作与维护管理L21-4-3能根据冷却系统的技术要求，对海水、淡水冷却系统进行正确的操作与维护管理L31-4-4能根据操纵系统的技术要求，对操作系统进行正确的
42、维护与管理L21-4-5能根据换气与增压系统的技术要求，对换气与增压系统进行正确的维护与管理L11-4-6能按照操作规程，正确启停分油机，确保达到最佳分油效果L31-4-7能定期对分油机进行维护保养，确保处于良好工作状态L21-4-8能排除分油机运行故障，确保其正常运行L21-5推进动力装置维护与保养1-5-1能根据技术要求，对传动轴系的对中、联接以及轴承固定等进行定期检查，确保其安全运转L11-5-2能根据技术要求，在船舶进坞时，对传动轴系进行简单维护L12.船舶辅助机械管理2-1锅炉管理2-1-1能按照操作规程，正确操作锅炉L22-1-2能排除锅炉的运行故障，确保其正常运行L22-1-3能定期对锅炉进行维护保养，确保其处于良好工作状态L22-2空压机管理2-2-1能按照操作规程，操作空压机L22-2-2能排除空压机运行故障，确保其正常运行L12-2-3能定期对空压机进行维护保养，确保其处于良好工作状态L22-3泵浦管理2-3-1能按照操作规程，操作各类泵浦L32-3-2能排除各类泵浦运行故障，确保其正常运行L22-3-3能定期
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