福建省物理(福建卷01)-2024年高考押题预测卷(全解全析).docx
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1、2024年高考押题预测卷01【福建卷】物理全解全析12345678CBDDBCADBDBD注意事项:1答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2回答选择题时,选出每小题答案后,用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案标号。回答非选择题时,将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3考试结束后,将本试卷和答题卡一并交回1如图所示为橙子简易筛选装置,两根共面但不平行的直杆倾斜放置,橙子沿两杆向下运动,大、中、小橙落入不同区域。橙子可视为球体,假设细杆光滑,不考虑橙子转动带来的影响。某个橙子从静止开始下滑到离开细杆的过程中,则()A橙
2、子受到每根杆的弹力不变B橙子在杆上运动时所受合力为零C离开杆后,大橙的速度变化与小橙的一样快 D离开杆后,橙子在空中做匀变速直线运动 【答案】C【解析】A橙子受到每根杆的弹力的方向都与杆垂直,但由于两杆不平行,所以弹力的作用点在变化,杆对橙子的弹力大小、方向都在变化,故A错误;B两直杆倾斜放置,橙子垂直于杆方向上合力为零,沿两杆向下方向上合力不为零,橙子在杆上运动时所受合力不为零,故B错误;C加速度是表示速度变化快慢的物理量,离开杆后,橙子的加速度相同,大橙速度变化与小橙的一样快,故C正确。D离开杆后,不计阻力,仅受重力作用,加速度为重力加速度,橙子在空中做匀变速曲线运动,故D错误。2为研究某
3、鞋的防滑性能,同学将鞋子置于斜面上,逐渐增大斜面倾角。当斜面倾角时鞋子刚好开始滑动。假设滑动摩擦力等于最大静摩擦力,已知。下列说法正确的是()A鞋子与斜面间的动摩擦因数为0.8B增大斜面倾角,鞋子对斜面的压力减小C在鞋子滑动时,增大斜面倾角,鞋子的加速度减小D在鞋内放置重物,使鞋子刚好开始滑动时的斜面倾角将增大【答案】B【解析】A由题意可知斜面倾角时鞋子刚好开始滑动,对鞋子受力分析有,解得球鞋与斜面间的动摩擦因数为,故A错误;B对鞋子受力分析有压力为,则增大斜面倾角时,球鞋对斜面的压力减小,故B正确;C在鞋子滑动时,对鞋子受力分析,由牛顿第二定律有,解得,当增大斜面倾角,可得鞋子的加速度增大,
4、故C错误;D在鞋内放置重物,当球鞋刚好开始滑动时,满足,解得,得斜面倾角不变,故D错误。3如图所示,平行板电容器与直流电源、理想二极管(正向通电时可以理解为短路,反向通电时可理解为断路)连接,电源正极接地。初始电容器不带电,闭合开关,电路稳定后,一带电油滴位于电容器中的P点且处于静止状态。下列说法正确的是()A上极板上移,带电油滴向下运动B上极板上移,P点电势升高C上极板下移,带电油滴向下运动D上极板下移,P点电势升高【答案】D【解析】AB将上极板向上移动,d变大,由可知C变小。又由知电容器与电源连接U不变,则Q要减小,电容器要放电。由于二极管具有单向导电性,电容器不能放电。由可知电容器两极板
5、间的电场强度不变,油滴所受电场力不变,油滴静止不动,故A错误。上极板电势为零,P点到上极板的距离增大,根据U=Ed可知P与上极板间的电势差的绝对值增大,而电场中的电势都为负,所以P点电势减小,故B错误;CD若上极板下移,则d变小,C变大,两极板间的电压U等于电源电动势不变,则Q要增大,电容器要充电,二极管导通。由电场强度变大,电场力变大,电场力大于重力,油滴所受合力向上,油滴向上运动,故C错误。P点到下极板的距离不变,根据U=Ed可知P与下极板间的电势差的绝对值增大,总电压一定,则P与上极板的电势差减小,而电场中的电势都为负,所以P点电势增大,故D正确。4某实验兴趣小组对新能源车的加速性能进行
6、探究。他们根据自制的电动模型车模拟汽车启动状态,并且通过传感器,绘制了模型车从开始运动到刚获得最大速度过程中速度的倒数和牵引力F之间的关系图像,如图所示。已知模型车的质量,行驶过程中受到的阻力恒定,整个过程时间持续5s,获得最大速度为4m/s,则下列说法正确的是()A模型车受到的阻力大小为1NB模型车匀加速运动的时间为2sC模型车牵引力的最大功率为6WD模型车运动的总位移为14m【答案】D【解析】A根据可得,结合图线的斜率可得,即模型车的速度从2m/s增加至4m/s的过程中,模型车以恒定的功率行驶,速度最大时合外力为零,即牵引力等于阻力,根据图像可知在时速度达到最大值,因此有,故A错误;B由图
7、像可知小车初始牵引力为4N,且匀加速结束时模型车的速度大小,根据牛顿第二定律有,解得加速度,根据匀变速直线运动,速度与时间的关系可得匀加速运动的时间,故B错误;C根据以上分析可知模型车牵引力功率最大时即为匀加速结束时获得的功率,可知最大功率为,故C错误;D根据题意,模型车速度达到最大用时5s,而匀加速阶段用时1s,则可知模型车以恒定功率运动所需时间,根据动能定理,式中,解得,匀加速阶段位移,故总位移,故D正确。二、双项选择题(本题共4小题,每小题6分,共24分。每小题只有两个选项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。)5大雁在迁徙时整个队伍大部分时间实际上都是匀速
8、飞行这是为了进行长途迁徙而采取的有效措施,下列说法正确的是() A以地面作为参考系,头雁是静止的B摄影师为了拍摄一张清晰大雁队伍照片,应该以头雁做参考系C若研究“雁阵”从一处飞往另一处的时间,则可以将“雁阵”看做一个质点D研究头雁扇动翅膀产生的上升气流时,可以将头雁看做质点【答案】BC【解析】A以地面作为参考系,大雁在匀速飞行,故A错误;B由于大雁在匀速飞行,摄影师为了拍摄一张清晰大雁队伍照片,应该以头雁做参考系,故B正确;C若研究“雁阵”从一处飞往另一处的时间,与两地的距离相比,大雁群则的形状与体积可以忽略,可以将“雁阵”看做一个质点,故C正确;D研究头雁扇动翅膀产生的上升气流时,不能忽略大
9、雁的形状与体积,头雁不能看做质点,故D错误。6图是一台教学用手摇式交流发电机。已知大皮带轮半径为,小皮带轮半径为,若以频率匀速摇动大皮带轮上的手柄,且摇动过程中皮带不打滑,下列说法正确的是()A大皮带轮与小皮带轮转动的角速度之比为B该发电机产生的交流电频率为C若仅将变为,该发电机产生的交变电流的最大值不变D若仅将变为,该发电机产生的交变电流的有效值变为原来的0.5倍【答案】AD【解析】A两皮带轮边缘的线速度大小相同,由可知,即大皮带轮与小皮带轮转动的角速度之比为rR,A正确;B由可知该发电机产生的交流电频率,B错误;C该发电机产生的交变电压的最大值,仅将f变为2f时变大,变大,C错误;D若仅将
10、f变为0.5f,该发电机产生的交变电流的有效值变为原来的0.5倍,D正确。7发射载人飞船和空间站对接的简化示意图如图所示,先把飞船发射到近地圆轨道I,继而调整角度和高度,经过多次变轨不断逼近空间站轨道,当两轨道很接近时再从空间站下方、后方缓慢变轨接近。II是绕地球运行的椭圆轨道,III是绕地球运行、很接近空间站轨道的圆形轨道。P、Q分别为椭圆轨道II的近地点和远地点。已知万有引力常量为G,地球半径为R,飞船在轨道I、II、III上运动的周期分别为。下列说法正确的是()AB地球的质量为C飞船在II轨道时,P点比Q点的速度小D飞船需要适当加速才能与空间站进行对接【答案】BD【解析】A由开普勒第三定
11、律,可知,故A错误;B飞船在轨道I上,万有引力提供向心力,则,解得地球的质量为,故B正确;C飞船在II轨道时从P到Q运行时万有引力做负功,速度变小,P点比Q点的速度大,故C错误;D飞船需要适当加速做离心运动,才能与空间站进行对接,故D正确。8如图所示,竖直虚线MN将真空空间分割成I、II两个区域,I、II区域内存在范围足够大、大小为、垂直纸面且方向相反的匀强磁场,一个质量为m、电荷量为+q的带电小圆环套在一根固定的绝缘竖直细杆上,杆足够长,环与杆的动摩擦因数为。现使圆环从杆的底部以初速度向上运动,经时间后圆环回到出发位置,杆的底部有个光滑的拐角,长度忽略不计,其能够使圆环无能量损失的水平向左脱
12、离杆,并在一段时间后恰好能够进入II区域。已知重力加速度为g,圆环完成周期性运动的个数为n。下列说法正确的是()A当圆环回到出发位置时速度v的大小为B第一次通过MN边界时的速度大小为C在圆环未离开I区域内达到最高点前的位移大小为D在圆环第二次通过MN边界前,从O点脱离杆后回到最高点的位移大小 【答案】BD【解析】A上升阶段,对环受力分析,规定向下为正,对竖直方向列动量定理可得:,下降阶段,对环受力分析,规定向下为正,对竖直方向列动量定理可得:,联立以上两式可得,解得,A错误;B由受力分析知物体只受重力及洛伦兹力,又因为物体初速度往左,故分解一个向右的速度且满足即,则另一个速度,方向向左,所以物
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