化学(浙江B卷) 学易金卷:2023年高考第二次模拟考试卷(全解全析).docx
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1、2023年6月浙江省普通高校招生选考科目试卷仿真模拟(B卷)化学全解全析(考试时间:90分钟 试卷满分:100分)考生须知:1本试题卷分选择题和非选择题两部分,满分100分,考试时间90分钟。2考生答题前,务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题纸上。 3选择题的答案须用2B铅笔将答题纸上对应题目的答案标号涂黑,如要改动,须将原填涂处用橡皮擦净。4非选择题的答案须用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应区域内,作图时可先使用2B铅笔,确定后须用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑,答案写在本试题卷上无效。5可能用到的相对原子质量:H 1 Li 7 C 12 N 14 O 16 Na
2、23 Mg 24 S 32 Cl 35.5 K 39 Ca 40 Mn 55 Fe 56 Cu 64 Zn 65 Ag 108 I 127 Ba 137选择题部分一、选择题(本大题共16小题,每小题3分,共48分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的,不选、多选、错选均不得分)1下列物质属于共价晶体的酸性氧化物是( )A干冰B石英C氧化钠D金刚石【答案】B【解析】A项,干冰是固体CO2,属于分子晶体的酸性氧化物,A错误;B项,石英是固体SiO2,属于共价晶体的酸性氧化物,B正确;C项,氧化钠属于离子晶体的碱性氧化物,C错误;D项,金刚石为碳单质,属于共价晶体的单质,D错误;故选B。
3、2NaHCO3俗称小苏打,下列有关NaHCO3的说法正确的是( )ANaHCO3在水溶液中的电离方程式:NaHCO3=Na+H+CO3- BNaHCO3溶液呈酸性,可与NaOH溶液反应C可用石灰水区别NaHCO3溶液和Na2CO3溶液DNaHCO3粉末与相同浓度的酸反应比Na2CO3粉末更剧烈【答案】D【解析】A项,NaHCO3属于强电解质,在水中完全电离,电离方程式为NaHCO3= Na+HCO3-,故A错误;B项,NaHCO3溶液呈弱碱性,能与NaOH反应,其反应为NaHCO3+NaOH=Na2CO3+H2O,故B错误;C项,石灰水为Ca(OH)2,能与NaHCO3和Na2CO3反应都生成
4、碳酸钙白色沉底,不能区分,故C错误;D项,NaHCO3结合氢离子的速率比Na2CO3结合氢离子的速率快,所以NaHCO3粉末与相同浓度的酸反应比Na2CO3粉末更剧烈,故D正确;故选D。3化学与生活密切相关。下列化学用语或描述表达正确的是( )A基态硫原子的轨道表示式:BH2S的电子式:CSO3的VSEPR模型:DSO2的分子的空间结构模型【答案】C【解析】A项,硫原子的核外电子总数为16,基态硫原子的电子排布式为:1s22s22p63s23p4,基态S原子的轨道表示式为 ,A错误;B项,H2S为共价化合物,S原子未达到8电子稳定结构,电子式为 ,B错误;C项,SO3分子中S原子的价层电子对数
5、为3+=3,无孤电子对,其VSEPR模型为 ,C正确;D项,SO2的价层电子对数=2+=3,故其VSEPR模型为平面三角形 ,SO2分子的空间结构为V形,其模型:,D错误;故选C。4下列说法不正确的是( )A熟石膏与水混合成糊状后能很快凝固,常用于制作模型和医疗石膏绷带B碳酸钠是一种大宗化学品,可用作食用碱或工业用碱C大兴机场航站楼顶部镶嵌八百块玻璃,玻璃属于新型无机非金属材料DNa2O2、活性炭都可用于防毒呼吸面具,但两者的应用原理不同【答案】C【解析】A项,粉末状的熟石膏与水混合成糊状后能很快凝固转化为巩固的块状生石膏,因此,其常用于制作模型和医疗石膏绷带,A正确;B项,碳酸钠水解显碱性,
6、没有毒性,可以用于食用碱或工业用碱,B正确;C项,玻璃是传统无机非金属材料,C不正确;D项,过氧化钠反应生成氧气,则Na2O2用于呼吸面具,而活性炭具有吸附性,活性炭用于防毒面具,两者原理不同,D正确;故选C。5下列说法不正确的是( )A观察钠在坩埚中燃烧实验时,为了看清楚现象可近距离俯视坩埚B硬铝密度小、强度高是制造飞机和宇宙飞船的理想材料CFeO在空气中受热能迅速被氧化成Fe3O4 D过氧化钠可在呼吸面具或潜水艇中作为氧气的来源【答案】A【解析】A项,燃烧过程会有固体飞溅的可能性,距离太近会有灼伤的危险,且近距离俯视燃烧产生的强光可能刺伤眼睛,故A错误;B项,硬铝是合金材料,密度小,但强度
7、很大,常用于制造飞机和宇宙飞船等外壳材料,故B正确;C项,FeO具有还原性,在空气中加热能继续与氧气反应生成Fe3O4,故C正确;D项,过氧化钠与二氧化碳和水反应生成氧气,常用作呼吸面具的供氧剂,故D正确;故选A。6航天工业上,火箭使用的燃料是偏二甲肼(CH3)2NNH2 (N为-2价),火箭升空时发生的化学反应为:(CH3)2NNH2+2N2O4=2CO2+3N2+4H2O。下列有关说法正确的是( )A该反应中,氧化产物为CO2,还原产物为N2B该反应中,被氧化的氮与被还原的氮的物质的量之比是2:1C偏二甲肼的同分异构体中,含碳碳单键的化合物只有2种D该反应中每生成lmolCO2转移8mol
8、电子【答案】D【解析】在(CH3)2NNH2+2N2O4=2CO2+3N2+4H2O反应中,(CH3)2NNH2中C元素的化合价从-2价升高为+4价,N元素的化合价从-2价升高为0价,均失去电子,被氧化,作还原剂,N2O4中+4价的N元素从+4价降低为0价,得到电子,被还原,作氧化剂。A项,该反应中,氧化产物为CO2和N2,还原产物为N2,故A错误;B项,该反应中,被氧化的氮与被还原的氮的物质的量之比是2:4=1:2,故B错误;C项,偏二甲肼的同分异构体中,含碳碳单键的化合物有CH3CH2NNH2、H2NCH2CH2NH2、CH3CH(NH2)2,共3种,故C错误;D项,按照化学方程式中化学计
9、量数反应,2mol N2O4参加反应,生成2mol CO2,转移16mol电子,则该反应中每生成lmolCO2转移8mol电子,故D正确;故选D。7下列离子方程式书写正确的是( )A澄清石灰水与少量小苏打溶液混合:Ca2+2OH-+2HCO3-=CaCO3+CO32- +2H2OB向100mL0.1molL-1的FeBr2溶液中通入0.012molCl2: 10Fe214Br-12Cl2=10Fe37Br224Cl-C漂白粉溶液中通入少量SO2气体:Ca2+2ClO-+ SO42- +H2O=CaSO3+2HClOD加热条件下,向NH4HSO4稀溶液中逐滴加入Ba(OH)2稀溶液至SO42-刚
10、好沉淀完全: Ba2+2OH-+ NH4+ +H+SO42-=BaSO4+NH3H2O+H2O【答案】B【解析】A项,澄清石灰水与少量小苏打溶液混合的离子反应为:Ca2+ + OH- + HCO3-=CaCO3+ H2O,故A项错误;B项,Fe2+的还原性强于Br-,因此Cl2先将Fe2+氧化,根据电子守恒,完全氧化0.01mol Fe2+应消耗0.005mol Cl2;剩余0.007mol Cl2氧化0.014mol Br-。因此该反应中参与反应的Fe2+和Br-物质的量之比为0.01mol:0.014mol=10:14,离子方程式为:12Cl2 +10Fe2+ + 14Br- = 7Br2
11、 + 10Fe3+ + 24Cl-,故B项正确;C项,漂白粉中通入少量SO2的离子方程式为:Ca2+ + ClO- + SO2 +H2O= CaSO4+ 2H+ +Cl-,故C项错误;D项,加热条件下,NH4+与OH-作用产生NH3,而非一水合氨,故D项错误;故选B。8下列说法不正确的是( )A在酸催化下,以苯酚、甲醛为原料可制备线型结构的酚醛树脂B以木材、秸秆等农副产品为原料,经加工处理可以得到合成纤维C在较高压力、较高温度并在引发剂的作用下,乙烯发生加聚反应生成低密度聚乙烯,可用于生产食品包装袋等薄膜制品D蛋白质分子中氨基酸单体的排列顺序为蛋白质的一级结构,它是蛋白质高级结构的基础【答案】
12、B【解析】A项,苯酚和甲醛在催化剂条件发生缩聚反应生成酚醛树脂,酸催化生成线型结构树脂,碱催化得到体型结构树脂,故A正确;B项,木材、秸秆都含有大量的纤维素,加工后可以提取纤维素,得不到合成纤维,故B错误;C项,乙烯在较高压力、较高温度并在引发剂的作用下,发生加聚反应得到的是低密度聚乙烯,故C正确;D项,氨基酸残基在蛋白质肽链中的排列顺序称为蛋白质的一级结构,一级结构是形成二级、三级等其他高级结构的基础,故D正确;故选B。9有机物合成的转化如图。下列说法正确的是( )A分子中所有原子可能在同一平面上 B分子中没有手性碳原子C用FeCl3溶液可鉴别与D、均能使酸性KMnO4溶液褪色【答案】D【解
13、析】A项, X分子中含有氮原子,与其它3个原子以3根单键相结合呈三角锥形、分子内有单键碳原子是四面体结构,故分子内所有原子不可能在同一平面上,故A错误;B项,Y分子中有一个碳原子分别连有不等同的氮原子、苯环和氢原子,故该碳原子为手性碳原子,故B错误;C项,X和Y中均含酚羟基,故不能用FeCl3溶液鉴别,故C错误;D项,X和Y中均含酚羟基,均能使酸性KMnO4溶液褪色,故D正确;故选D。10X、Y、Z、W的原子序数依次增大,X的价电子排布式为nsnnpn-1,Y的简单氢化物分子呈三角锥形,Z的单质及其化合物灼烧时火焰呈黄色,W位于元素周期表中第四周期,基态原子有1个电子未成对且内层电子全满。下列
14、说法正确的是( )A同周期元素中第一电离能比Y高的元素只有一种B简单离子半径:C将X的最高价氧化物的水化物溶于水,能促进水的电离D1molW的正二价阳离子与Y的简单氢化物形成的配离子中含有的键数目为12NA【答案】C【解析】X的价电子排布式nsnnpn-1,s能级上最多容纳2个电子,n=2,价电子排布式为2s22p1,推出X为B,Y的简单氢化物分子呈三角锥形,该氢化物为NH3,即Y为N,Z的单质及其化合物灼烧时火焰呈黄色,Z为Na,W位于元素周期表中第四周期,基态原子有1个电子未成对,且内层电子全满,W的价电子排布式为3d104s1,即W为Cu。A项,同周期从左向右第一电离能逐渐增大,但AA,
15、AA,根据上述分析,Y为N,同周期第一电离能比N高的元素有F、Ne两种,故A错误;B项,N、Na简单离子分别为N3-、Na+,它们核外电子排布相同,电子层数相同,离子半径随着原子序数的递增而减小,即r(N3-)r(Na+),故B错误;C项,X为B,其最高价氧化物的水化物为H3BO3,硼酸溶于水,硼酸中B与水分子电离出OH-形成配位键,促进水的电离,即硼酸在水中发生H3BO3+H2OB(OH)4-+H+,故C正确;D项,W的正二价阳离子是Cu2+,Y的简单氢化物为NH3,它们形成的配离子为Cu(NH3)42+,1mol该配离子所含键数目为(4+43)NA=14NA,故D错误;故选C。11某储能电
16、池原理如图1,其俯视图如图2,已知放电时N是负极(NA是阿伏加德罗常数的值)。下列说法正确的是( )A放电时,负极反应为Na3Ti2(PO4)3-2e-=NaTi2(PO4)3+2Na+B放电时,每转移NA个电子,理论上CCl4吸收0.5NA个Cl2C充电时,每转移1mol电子,N极理论质量减小23gD充电过程中,右侧储液器中NaCl溶液浓度增大【答案】A【解析】放电时负极反应:Na3Ti2(PO4)3-2e-=NaTi2(PO4)3+2Na+,正极反应:Cl2+2e-=2Cl-,消耗氯气,放电时,阴离子移向负极,充电时阳极:2Cl-2e-=Cl2,由此解析。A项,放电时N为负极,失去电子,T
17、i元素价态升高,电极反应为Na3Ti2(PO4)3-2e-=NaTi2(PO4)3+2Na+,A正确;B项,在放电时,正极反应为Cl2+2e-=2C1-,电路中转移1mol电子,理论上氯气的CCl4溶液中释放0.5 mol Cl2,B错误;C项,充电时,N极为阴极,电极反应为NaTi2(PO4)3+2Na+2e-=Na3 Ti2(PO4)3,N极理论质量增加23g,C错误;D项,充电过程中,阳极2Cl-2e-=Cl2,消耗Cl-,NaCl溶液浓度减小,D错误;故选A。12河蚌的壳外层主要成分为方解石,内层主要是霰石,两者成分都是碳酸钙,但晶体结构不同,称为“同质多象”现象,金刚石和石墨也属于同
18、质多象现象。霰石光滑,结构中每个Ca2+周围围绕着6个CO32-,方解石坚硬,晶胞结构如图。下列说法错误的是( )A霰石晶体中每个CO32-周围有6个Ca2+B霰石和方解石中的CO32-均为平面三角形结构C霰石和方解石的熔点相同D方解石晶体结构图的平行六面体中含有2个Ca2+、2个CO32-【答案】C【解析】A项,结构中每个Ca2+周围围绕着6个CO32-,由化学式可知,每个CO32-周围也会有6个Ca2+,A正确; B项,CO32-中C原子的价层电子对数为3=3,所以是平面三角形结构,B正确;C项,霰石和方解石的晶体结构不同,故其熔点不相同,C错误;D项,方解石晶体结构图的平行六面体中CO3
19、2-处于体内,数目为2;钙离子处于顶点和体内,数目为1=2,D正确。故选C。1325时,某实验小组利用虚拟感应器技术探究用的碳酸钠溶液滴定的HCl溶液,得到反应过程中的碳酸根离子浓度、碳酸氢根离子浓度、碳酸分子浓度的变化曲线(忽略滴定过程中CO2的逸出)如图所示。下列说法不正确的是( )已知:25时,H2CO3的,;。A0-V1发生反应的化学方程式:Na2CO3+2HCl=2NaCl +H2CO3B曲线为HCO3-浓度变化曲线,V2=10C点溶液中,c(Cl-)c(HCO3-)+c(CO32-)+c(H2CO3)D点溶液【答案】C【解析】向10.00cmL0.01molL-1的盐酸溶液中滴加0
20、.01molL-1的碳酸钠溶液,溶液中依次发生反应:Na2CO3+2HCl=2NaCl +H2CO3、Na2CO3+H2CO3=2NaHCO3,故溶液中c(H2CO3)先增大后减小,当盐酸完全反应后,滴加碳酸钠溶液过程中,c(HCO3-)逐渐增大,当H2CO3反应完全后,Na2CO3溶液过量,c(CO32-)逐渐增大,因此曲线为H2CO3浓度变化曲线,曲线为HCO3-浓度变化曲线,曲线为CO32-浓度变化曲线。A项,根据分析可知,0-V1发生反应的化学方程式为:Na2CO3+2HCl=2NaCl +H2CO3,A正确;B项,曲线为HCO3-浓度变化曲线,V2=10时,碳酸钠与盐酸按1:1完全反
21、应生成碳酸钠,故HCO3-浓度最大,B正确;C项,b点的溶质为NaCl与NaHCO3,且浓度相同,所以c(Cl-)=c(HCO3-)+c(CO32-)+c(H2CO3),C不正确;D项,c点溶液中c(HCO3-)=c(H2CO3),D正确;故选C。14以Fe3O4为原料炼铁,在生产过程中主要发生如下反应:反应:Fe3O4(s)+CO(g)3FeO(s)+CO2(g)H=+19.3 kJmol-1反应:Fe3O4(s)+4CO(g)3Fe(s)+4CO2(g)H为研究温度对还原产物的影响,将一定体积CO气体通入装有Fe3O4粉末的反应器,保持其它条件不变,反应达平衡时,测得CO的体积分数随温度的
22、变化关系如图所示。下列说法正确的是( )A反应的H0,S0B反应温度越高,Fe3O4主要还原产物中铁元素的价态越低C在恒温、恒容的反应炉中,当压强保持不变时,反应、均达到平衡状态D温度高于1040时,反应I的化学平衡常数K4【答案】D【解析】A项,根据图示可知反应是反应前后气体体积不变的反应,S=0,A错误;B项,由图可知,温度高于570时,随着温度的升高,CO的体积分数减小,说明反应以为主,即反应温度越高,Fe3O4主要还原产物中铁元素的价态越高,B错误;C项,反应、均为反应前后气体体积不变的反应,因此在恒温、恒容的反应炉中,无论反应是否达到平衡,体系的压强始终不变,因此不能根据压强保持不变
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